|
[348] Mate~ | 2007-10-25 19:35:49 |
Engem elsősorban az érdekelne, hogy mi lett a II. kategória 3. feladatának a végeredménye. a és b egészek... Mert nekem a=4 b=3, a=5 b=3, a=5 b=0 lett, és az érdekelne, hogy van-e még megoldás ezeken kívül. Előre is kösz.
|
|
[347] nyulzer | 2007-10-25 19:09:00 |
Érdekelne az idei OKTV mostani fordulójának a megoldása. Ki mire jutott?
|
|
|
[345] Gyöngyő | 2007-10-25 13:52:27 |
Szia!
Én a helyedben régi oktv versenyekből összeállított könyvet vinném,és vannak ilyen régi szakköri könyvek,meg talán: Róka Sándor: 2000 feladat az elemi matematika köréből. Sok szerencsét.
Üdv: Gyöngyő
|
Előzmény: [344] anta91, 2007-10-25 10:01:22 |
|
[344] anta91 | 2007-10-25 10:01:22 |
Sziasztok! Nem tudnátok tippeket adni, hogy mit vigyek az OKTV-re? Még ma kellene! Köszi
|
|
[343] lorantfy | 2007-09-08 20:56:49 |
Szeretettel gratulálok az ELTE csapat minden tagjának. Nagyon örülök a szép eredménynek!
|
|
|
[342] nyida | 2007-04-04 18:14:39 |
Megjött már valakinek az eredmény? Mikor van határidő?
|
|
|
|
[339] psbalint | 2007-02-07 16:16:42 |
a második kategóriában a döntőbe jutás ponthatára idén 24 pont, sok sikert azoknak akik ezt elérték!
|
|
[338] kdano | 2007-01-09 18:38:40 |
Hát a mi sulinkból 19-en, ebből az osztályunkból 6-an, a maradék a 12c-ből. Konkrétan nem tudom pontosan, csak az osztályomat. (Lola, Csirke, NGG, Cirmi, Gábor és én) maxpontot írt Lolán kívül Nagy Csabi és Kisfaludi-Bak Sanyi.
|
Előzmény: [337] Doom, 2007-01-09 18:01:17 |
|
[337] Doom | 2007-01-09 18:01:17 |
És kikről tudsz, h így bejutottak?
|
|
[336] kdano | 2007-01-09 17:52:13 |
No, megvan a harmadik kategória döntőbejutási ponthatára: (legalább 24 pont) vagy (23 pont, három maxpontos példával).
|
|
|
[334] nyida | 2007-01-05 19:30:29 |
A negyedik feladat (2.kat) nekem is 11/38 lett volna ha nem rontom el a 385/1330 tört egyszerűsítését. Így 73/266 lett...
|
|
[333] Maga Péter | 2007-01-05 08:46:41 |
"A pontokat tehát azért lehet úgy sorbarendezni, hogy mindegyik előtt kontinuumnál kevesebb másik pont legyen, mert -val hozhatjuk bijekcióbe őket, ami pedig, számosság lévén, a legkisebb kontinuum számosságú rendszám."
Azért ezzel legyünk óvatosak, mert nem igaz, hogy valamelyik pont előtt mindig csak megszámlálható sok pont került sorra, tehát a korábbiak nem feltétlenül hozhatók bijekcióba -val. Amit ehhez használnál, az a kontinuumhipotézis, mely a ZFC-axiómáktól független. Tehát nem egészen ezt, hanem azt kell mondani, hogy a korábbiak halmaza mindig valamelyik kontinuumnál kisebb számosságúval hozható bijekcióba.
|
Előzmény: [318] jonas, 2006-12-31 14:54:47 |
|
[332] Attis | 2007-01-04 20:55:13 |
Sziasztok! Az utolsóra nekem 11/19 jött ki, de mindent kétszer számoltam:D. Szerintetek két teljes és két fél feladattal van esély a bekerülésre? Mikorra lesz meg az eredmény?
|
Előzmény: [327] Sümegi Károly, 2007-01-04 17:47:13 |
|
[331] Horváth Markó | 2007-01-04 19:01:35 |
Szevasz lazsi!!! (Bobo :D ) sajnos én téged nem látlak, max ha ez az új frizurád ami a képen van :D NA köszönöm szépen a feladatokat!
|
|
[330] lazsi | 2007-01-04 18:57:01 |
Szevasz Markó! Jó látni téged itt! Mondok pár feladatot első kategóriából a teljesség igénye nélkül:
1. Adjuk meg az alábbi egyenlőtlenségre m paramétert úgy, hogy minden valós x-re igaz legyen.
2. Oldjuk meg a valós számok halmazán!
5x2+2xy+2y2-12x-6y+9=0
4. Legyen x, y, z a háromszög belső szögfelezőinek a háromszögön belül lévő része. Bizonyítsuk be:
5. p, q, r pozitív prím. Adjuk meg az egyenlet megoldásait:
(7-p)(3q+r)+pqr=0
3. Számoljuk meg, hogy hány téglalap van a képen. Sry a gagyi képért nem a legjobb a rajztudásom. (saját vélemény: SZerintem egy vicc ez a feladat, ált isk 3.os tudással meg lehet oldani, így meg csak arról szól a feladat h az ember elszámolja és akkor szitkozódik.)
|
|
Előzmény: [329] Horváth Markó, 2007-01-04 18:18:44 |
|
[329] Horváth Markó | 2007-01-04 18:18:44 |
Mik lettek az eremények? pl: tied Bálint :D és tudja valaki az 1. kat feladatait?
|
|
[328] psbalint | 2007-01-04 18:13:57 |
Azt hiszem elég sok ember nevében beszélhetek hogy remélem nem jön be a Karcsi ponthatáros tippje... :) Jah igen és mellesleg nem ártott volna végre valahára megtanulni a vektorokat, de ha tavaly olyasmi volt reméltem idén nem lesz...hát nem berakták...:P
23-24 pont teljesen esélytelen?
|
|
|
[326] Moszir | 2007-01-04 16:58:19 |
II. kategória, 2. forduló Én is nehezebbre számítottam őszintén...
1. Bizonyítsa be, hogy az alábbi összeg nem prím: (bénán tudok ilyen egyenleteket beírni és valamiért nem engedi a hatványjelet, szóval 'h'=hatványjel :()N=1h1+2h2+3h3+...+2005h2005+2006h2006+2006h2007
2. Egyenletrendszer, 0=<x=<2pi, 0=<y=<2pi cosx+cosy=1 sinx*siny=-(3/4)
3. Legyenek az A1B1C1 és A2B2C2 azonos körüljárású szabályos háromszögek. A sík egy tetszőleges O pontjából mérjük fel a következő vektorokat: OA=A2A1, OB=B2B1, OC=C2C1 Bizonyítsuk be, hogy az ABC háromszög szabályos
4. Egy szabályos 21 oldalú sokszög csúcsait megszámoztuk sorban a 0,1,2,3,...,20 számokkal. Egy urnába betettünk 21 lapot, ezeken is a 0,1,2,3,...,20 számok voltak. Az urnából kihúzunk hrom lapot. Mekkora annak a valószínűsége, hogy a lapokon levő számoknak megfelelő három csúcs hegyesszögű háromszöget alkot?
Az elsőt az utolsó számjegy vizsgálgatásával is ki lehetett hozni, a második és a harmadik egész normálisan levezethetőek, igazából a negyedikre lennék kíváncsi, elég sokat számolgattam, és az ilyen típúsú feladatoknál könnyű valamit kétszer számolni...
|
|
[325] Doom | 2007-01-04 16:54:39 |
Szerintem is túl egyszerű lett. Tavaly év vége óta nem foglalkozom matekkal, így nem hiszem, hogy annyit fejlődtem volna, hogy röpke fél-háromnegyed óra alatt mind a négyed megoldjam...
|
Előzmény: [322] Sümegi Károly, 2007-01-04 15:41:27 |
|