[645] Vivida | 2011-01-06 19:40:36 |
Nekem is az jött ki, de a megoldásokat, hogy egész legyen nem tudtam rendesen kihozni. Leírtam, hogy 0 vagy pluszminusz 2 a meredekség, de nem indokoltam meg, hogy miért csak ezek.
|
Előzmény: [643] patba, 2011-01-06 19:38:03 |
|
|
[643] patba | 2011-01-06 19:38:03 |
egyeneseket kellett felírni én úgy emlékszem.
lett a két pont távolsága(nekem ez jött ki). Ebből kellett volna meghatározni a lehetséges megoldásokat, de nem lett meg, csak egy.( +/- 2 kimaradt)
Szerintem sem volt túlzottan nehéz, de mégis lett két hibám(a másik a 3. feladat végén volt, azt meg tudtam határozni, hogy melyik maradék melyikhez tartozik, de aztán valahogy sikerült kizárni a jó megoldást, és egy nagyobb számot találtam így, nem a legkisebbet.). Épp ezért nem hiszem, hogy ez döntő lesz nekem...
|
Előzmény: [640] Füge, 2011-01-06 19:28:24 |
|
[642] Füge | 2011-01-06 19:37:42 |
Akkor a jó feladatom örülök, ha 3 pontos lesz:) Sebaj a többi elvileg jó.. Remélem elég lesz:)
|
|
[641] Vivida | 2011-01-06 19:34:17 |
"Határozzuk meg az összes olyan egész meredekségű egyenest", én ezt úgy értettem, hogy egyenlettel adjuk meg, de ezen biztos semmi nem fog múlni. Ha mégis, akkor hűdenagyon peches vagy...
|
Előzmény: [640] Füge, 2011-01-06 19:28:24 |
|
|
|
[638] Füge | 2011-01-06 18:20:30 |
Ma volt a Matek OKTV II. kat II. forduló. Kinek hogy ment? Szerintem nem volt vészes.
1. Egy tetraéder éleire valós számokat írunk úgy, hogy a kitérő éleken lévő számok összege ugyanannyi legyen. A csúcsokhoz odaírjuk a 3 befutó élre írt számok összegét, ezek legyenek a,b,c,d. Továbbá igaz, hogy a=b=2c=2d. Igazoljuk, hogy van olyan él, amelyre a 0 szám került.
2. Adott egy y=x2 egyenletű parabola és egy P(0;4) pont. Határozzuk meg az összes olyan egész meredekségű egyenest, amely átmegy a P ponton és a parabola belsejébe eső szakasz hossza is egész.
3. Melyik az a legkisebb S>2010 egész szám, amelyet a 3,4,5,6,7,8 számokkal elosztva az pontosan kétszer kapjuk az 1,2,3 maradékokat.
4. Igazoljuk, hogy akkor és csak akkor téglalap a t területű ABCD konvex négyszög, ha
4t=(AB+CD)(AD+BC)
|
|
[637] Erben Péter | 2010-12-06 18:16:23 |
Matematika OKTV, III. kategória, 2010-2011-es tanév, első forduló
1. Egy 2010×2010-es táblázat mezőibe úgy akarunk (nem feltétlenül különböző) egész számokat beírni, hogy minden sorban és minden oszlopban a számok összege különböző legyen (azaz 4020 különböző összeget kapjunk). Legkevesebb hányféle szám beírásával tudjuk ezt elérni?
2. Legyen 0<x1<x2<...<xn<1. Igazolja, hogy
3. Keresse meg az összes olyan p prímszámot, melyhez léteznek olyan a,b,c egész számok, hogy a2+b2+c2=p és osztható p-vel.
4. Egy n-elemű H halmaznak kiválasztottuk néhány k-elemű részhalmazát (3kn) úgy, hogy H bármely két elemét pontosan három darab, bármely három elemét pontosan két darab kiválasztott részhalmaz tartalmazza. Határozza meg n és k lehetséges értékeit.
5. (a) Tükrözzük az ABC háromszög A csúcsát B-re, B-t C-re, C-t A-ra. Igaz-e, hogy ha a tükörképek alkotta háromszög szabályos, akkor az eredeti háromszög is szabályos?
(b) Tükrözzük az ABCD tetraéder A csúcsát B-re, B-t C-re, C-t D-re, D-t A-ra. Igaz-e, hogy ha a tükörképek alkotta tetraéder szabályos, akkor az eredeti tetraéder is szabályos?
|
|
[636] Füge | 2010-12-03 20:46:15 |
Felkerült az OH honlapjára a Matek OKTV I-II. kat feladatsor/javítókulcs.
http://oh.gov.hu/3-2-2-aktualis-verseny/oktv/oktv-2010-2011-elso-fordulo
|
|
|
|
|
|
[631] Nánási József | 2010-11-23 10:28:18 |
Szervusztok!
II. kategória továbbjutási ponthatára 22 pont előző évben pl. 24 pont volt
|
|
[630] Csirkejozsi | 2010-11-11 23:11:07 |
Sziasztok! Hiába nézem a http://www.oh.gov.hu/ oldalt, nincs fent a megoldókulcs. Már nem is lesz, vagy nem tud róla valaki valamit, hogy mégis mikor akarják végre feltölteni?
Köszi! :D
|
|
|
|
[627] primpek | 2010-10-28 19:13:10 |
na, kinek hány pontos lett? szerintem ez könnyebb volt mint az előző éviek.
|
|
[626] Golyoska | 2010-10-19 11:31:54 |
Nem kell ilyen bonyolultan megoldani. Elöször tegyük le a nem fehéreket. A fehérek ezek közé (után és elé) kerülhetnek, ez 9 hely. Minden nem fehér letételre ugyanannyi a val., mint az összes esetben, tehát
lesz a klasszikus modellel számolva, a nevezőben ismétléses kombináció (itt lehetnek együtt is fehérek), a számlálóban ismétlés nélküli kombináció (itt nem lehetnek együtt fehérek) van.
|
Előzmény: [608] Vivida, 2010-10-15 17:56:39 |
|
[625] primpek | 2010-10-18 21:25:25 |
lemaradt: százaléktól vagy 15 ponttól jutsz tovább?
|
|
|
[623] primpek | 2010-10-18 21:22:16 |
itt lehet majd megnézni, de még nem tették fel. http://www.oh.gov.hu/ és innen most nem engedi, hogy beírjam, de itt a Közoktatás >> Tanulmányi versenyek >> Aktuális verseny-időszak >> OKTV
|
Előzmény: [620] Csirkejozsi, 2010-10-17 15:25:52 |
|
|
[621] logarlécész | 2010-10-18 14:59:21 |
Addig én is eljutottam, hogy merőlegeseket kell állítani, de a kör és a merőlegesek metszéspontja is eleme lesz a megoldás halmaznak vagy nem - erre vonatkozott a kérdés.
|
Előzmény: [619] Füge, 2010-10-17 12:27:23 |
|