Középiskolai Matematikai és Fizikai Lapok
Informatika rovattal
Kiadja a MATFUND Alapítvány
Már regisztráltál?
Új vendég vagy?

Fórum: Érdekes matekfeladatok

  [1]    [2]    [3]    [4]    [5]    [6]    [7]    [8]    [9]    [10]    [11]    [12]    [13]    [14]    [15]    [16]    [17]    [18]    [19]    [20]    [21]    [22]    [23]    [24]    [25]    [26]    [27]    [28]    [29]    [30]    [31]    [32]    [33]    [34]    [35]    [36]    [37]    [38]    [39]    [40]    [41]    [42]    [43]    [44]    [45]    [46]    [47]    [48]    [49]    [50]    [51]    [52]    [53]    [54]    [55]    [56]    [57]    [58]    [59]    [60]    [61]    [62]    [63]    [64]    [65]    [66]    [67]    [68]    [69]    [70]    [71]    [72]    [73]    [74]    [75]    [76]    [77]    [78]    [79]    [80]    [81]    [82]    [83]    [84]    [85]    [86]    [87]    [88]    [89]    [90]    [91]    [92]    [93]    [94]    [95]    [96]    [97]    [98]    [99]    [100]    [101]    [102]    [103]    [104]    [105]    [106]    [107]    [108]    [109]    [110]    [111]    [112]    [113]    [114]    [115]    [116]    [117]    [118]    [119]    [120]    [121]    [122]    [123]    [124]    [125]    [126]    [127]    [128]    [129]    [130]    [131]    [132]    [133]    [134]    [135]    [136]    [137]    [138]    [139]    [140]    [141]    [142]    [143]    [144]    [145]    [146]    [147]    [148]    [149]    [150]    [151]    [152]    [153]    [154]    [155]    [156]    [157]    [158]    [159]    [160]    [161]  

Szeretnél hozzászólni? Jelentkezz be.
[1291] nadorp2006-06-23 08:34:47

Egy kis ujjgyakorlat.

235.feladat Egy konvex kilencszögnek nincs két párhuzamos átlója. Bizonyítsuk be, hogy van olyan két átló, melyek egyenesei 7o-nál kisebb szöget zárnak be.

[1290] Yegreg2006-06-21 23:17:56

És így nyilván, ha n relatív prím 10-hez, akkor van csupa 1-esből álló többszörös. Lehet kicsit általánosítani:

pl.: milyen n számokra létezik n-nek olyan többszöröse, mely k-s számrendszerben csak m-es jegyeket tartalmaz? (0<m<k nyilván)

[1289] jonas2006-06-21 17:46:42

Jaj, tényleg. Ez sokat segített. Így már tudom a megoldást.

Előzmény: [1288] Sirpi, 2006-06-21 17:28:33
[1288] Sirpi2006-06-21 17:28:33

233-nál több is igaz: Minden pozitív egésznek van olyan többszöröse, ami 11...100...0 alakú.

Előzmény: [1287] lorantfy, 2006-06-21 14:26:28
[1287] lorantfy2006-06-21 14:26:28

Kedves Jónás és Sirpi!

Kösz a megoldásokat! A 232-est kilőttétek. Végülis, ha valaki rátalál a 7\pi-re az már jó megoldás, de jobb a lánctörtes, én meg a skatulyásra gondoltam.

Előzmény: [1286] Sirpi, 2006-06-21 12:56:20
[1286] Sirpi2006-06-21 12:56:20

A 232.-t lehet számolás nélkül is:

Osszuk fel a [0,1)-et 100 db 1/100 hosszú (balról zárt, jobbról nyílt) intervallumra, és jelöljük be rajta a k\pi törtrészeit (k=1..100). Ha az első intervallumba esik elem, akkor készen vagyunk, ha nem, akkor valamelyikbe esik kettő: k1\pi és k2\pi. Viszont ekkor |k1-k2|\pi 1/100-nál közelebb van egy egész számhoz.

Előzmény: [1284] jonas, 2006-06-21 12:24:22
[1285] jonas2006-06-21 12:32:05

Amúgy az egysorost szinte szó szerint fel lehet olvasni:

+/ Hány olyan dolog van, aminek
*./"1 minden
2v\"1 két szomszédos része
ahol v =. <:/ helyesen rendezett,
(6$10)#: ha hat tizes számrendszerbeli számjegyre bontjuk
i.1e6 a számokat egymillióig?
Előzmény: [1284] jonas, 2006-06-21 12:24:22
[1284] jonas2006-06-21 12:24:22

232. feladatra: 7\pi=21.9911. Egyébként ez az egyetlen. Lánctörtté bontásból is megkapható (3/1, 22/7, 333/106, 355/113, 103993/33102, 104348/33215, 208341/66317, 312689/99532 stb az első közelítések), de úgy is, hogy mind a százat végigpróbáljuk.

234. feladatra: Nem lövöm le a számokat, de a 31-es osztási maradékuk 24 (a szigorúan monoton esetben), ill 14 (a monoton esetben). Szintén meg lehet oldani okosan, vagy végigpróbálgatással.

Az ilyen próbálgatásokra, mint az előző kettő, elég hasznos a J programozási nyelv. Komoly programok írására nekem nem alkalmas, de az ilyen egyszerű matematikai számításokat sokkal könnyebben el lehet vele végezni, mint bármilyen más számológép jellegű interpreterrel. A 234. feladatot is két sorban meg lehet vele oldani. A megoldásom (MIME-Base64-enkódolva, mivel ebbe a fórumba nem lehet rendesen kódot beírni):

Ky8qLi8iMV0yPC9cIjEoNiQxMCkjOmkuMWU2CisvKi4vIjFdMjw6L1wiMSg2

JDEwKSM6aS4xZTY=

Ennek a kikódolását kell beilleszteni az interaktív interpreterbe, hogy megkapjuk a két eredményt.

Előzmény: [1283] lorantfy, 2006-06-21 09:41:24
[1283] lorantfy2006-06-21 09:41:24

232. feladat: Bbh. a \pi,2\pi,3\pi...100\pi számok között van olyan, amely egy egész számtól 0,01-nál kevesebbel tér el!

233. feladat: Bbh. minden n poz. egész számhoz létezik olyan k poz. egész szám, hogy az nk szorzat tízes számrendszerbeli alakja csak 1-es és 0 számjegyeket tartalmaz!

234. feladat: Hány olyan tízes számrendszerbeli hatjegyű szám van melynek számjegyei balról jobbra haladva,

a) szig. mon. növekednek?

b) mon. mövekednek?

[1282] lindus2006-06-19 13:04:25

Húúúha! Te nagyon tudsz! Köszönöm szépen a segítséget! :o)) Valószínű nem boldogultam volna vele egyedül. :o((

Előzmény: [1281] jonas, 2006-06-19 11:54:27
[1281] jonas2006-06-19 11:54:27

Itt vannak a következő hasonló sorozatok (az összes 100000 alatti):

199 409 619 829 1039 1249 1459 1669 1879 2089

34913 37013 39113 41213 43313 45413 47513 49613 51713 53813

52879 53299 53719 54139 54559 54979 55399 55819 56239 56659

30427 35257 40087 44917 49747 54577 59407 64237 69067 73897

28549 36319 44089 51859 59629 67399 75169 82939 90709 98479

Előzmény: [1280] jonas, 2006-06-19 11:51:51
[1280] jonas2006-06-19 11:51:51

Kipróbáltam, és 3000-ig csak ez az egy van. Mivel a különbség 210 többszöröse kell, hogy legyen, veszem az összes számtani sorozatot, aminek a differenciája 210 vagy pozitív többszöröse, prímszámtól indul, és a legnagyobb tagja 3000 alatt van. Ilyan sorozatból 186 van. Szűrve azokat, amelyeknek minden tagja prím, csak egy marad: 199 409 619 829 1039 1249 1459 1669 1879 2089.

Előzmény: [1279] jonas, 2006-06-19 11:38:38
[1279] jonas2006-06-19 11:38:38

Feltételezem, hogy a konstans számtani sorozat ki van zárva.

A Szalay Számelmélet könyv az 1.5 fejezetben megadja a következő példát: 210k+199 ahol 0\lek\le9. Könnyen ellenőrizhető, hogy ez valóban jó példa. Hogy több van-e, annak nem számoltam utána.

Segíthet, hogy a különbségnek biztosan oszthatónak kell lennie minden 10-nél kisebb vagy egyenlő prímszámmal, mert különben az adott prímszám valamelyik tagot biztosan osztja.

Előzmény: [1278] lindus, 2006-06-19 11:08:11
[1278] lindus2006-06-19 11:08:11

Sziasztok! Tudnátok segíteni? :-)) A feladat: keresni kellene tíz 3000-nél kisebb prímszámot ami számtani sorozatot alkot. Valahol a neten nem tudtok prímszámok gyüjteményét? Köszi....

[1277] Iván882006-06-15 20:51:26

Ez nem annyira matekfeladat, de nem akartam csak ezért új témát indítani.

Lázasan keresek egy könyvet; ANDRÁSFAI BÉLA: ISMERKEDÉS A GRÁFELMÉLETTEL c. könyvét(nekem megvolt, de sajnos elvesztettem, és kéne egy ilyen) Azt szeretném kérdezni, hogy van e valakinek a birtokában ilyen, és ha igen, akkor -némi ellenérték fejében- odatudná adni? Vagy tudja valaki, hogy hol llehet kapni ilyet? Köszönettel: Gresits Iván

[1276] epsilon2006-06-10 10:16:53

Pontosítás: 0<a<=e helyett 1<a<=e kell!

[1275] epsilon2006-06-10 10:14:46

A feladat még annyiban általánosítható, hogy n>1 pozitív egész helyett x>0, továbbá 1 helyett b>0 tehető, és ekkor, ha a>e (a 2,71... Euler-féle állandó) akkor marad a két kifekezés közötti egyenlőtlenség, és megfordul, ha 0<a<=e. (Az egészset valójában függvénymonotonítással, a deriválttal könyű belátni).

[1274] epsilon2006-06-09 08:53:43

A feladatnak egy általánosítása az előző módszerrel is könnyűszerrel bizonyítható, de még egy másik ötlettel egyben általánosítva: ha a>1 és n>1 pozitív egész szám, akkor:

[1272] jonas2006-06-08 20:08:23

Na, nézzük csak

 \frac{10^{2004}+1}{10^{2005}+1} < \frac{10^{2005}+1}{10^{2006}+1}

Keresztbeszorozhatunk, mievl a nevezők pozitívak:

(102004+1)(102006+1)<(102005+1)2

Kifejtünk:

104010+102006+102004+1<104010+2.102005+1

Ez nyilván fordítva igaz, tehát az eredetiben az első a nagyobb.

Előzmény: [1270] gphilip, 2006-06-08 17:55:43
[1271] Doom2006-06-08 18:59:10

"Emelt szintű érettségi Matematikából" téma, 106-os hozzászólás, ha jól emlékszem...

Előzmény: [1270] gphilip, 2006-06-08 17:55:43
[1270] gphilip2006-06-08 17:55:43

na akkor ide írom a problémámat, mert a másik topicban nem kaptam rá megoldást... egyszerűnek tűnik, de nem ugrik be, és nem nagyon szeretném épp ezt húzni mat szóbelin :))

szóval egy pofonegyszerű gyors megoldást várok a következő kérdése:

Melyik a nagyobb?

[1269] epsilon2006-06-07 17:25:00

Helló! Találtam egy egész egysezerű megoldást, kérdés, ez még egyszerűbben is leírható? (Érdemes követni a betűs ábrát!)

Ha A páros szám lenne, akkor a 2, 4, 6 közül csak két páros szám marad. Ezek nem lehetnek mindkettő a G, E, F csúcsok valamelyikében, pl. az E és F-ben, ugyanis ekkor mint A+B+C+E mint A+B+D+F páros lenne. Nem lehet úgy sem, hogy egyik az E, F, G valamelyikében, és másik a B, C, D valamelyikében , mert pl. E-ben és B-ben illetve E-ben és D-ben, mert ekkor A+B+F+D páros illetve A+B+E+C páros. Úgy sem lehet, hogy mindkettő a B, C, D valamelyikében legyen, pl. a C és D-ben, mert ekkor mint A+B+E+C, mint A+B+F+D páros. Tehát E páratlan, de nem lehet sem 7 sem 5 mert ekkor a másik három szám összege 15-7=8 illetve 15-5=10 lenne, se sem 15, sem 10 nem bontható fel három különböző módon, három szám összegére. Ha A=3 akkor 15-3=12=1+5+6=1+4+7=2+4+6, illetve ha A=1 akkor 15-1=14= 2+5+7=3+4+7=3+5+6 és mivel vagyis két-két 3 tagú összegre való felbontás, páronként az 1, 4, 6 illetve 3, 5, 7 kétszer előforduló számokkal, így ezek az oldalközepeken helyezkednek el, és csak a Csimby 2 ábráján látható megoldásokat adják.

[1268] epsilon2006-06-05 06:39:59

Helló Csimby! Valóban elnéztem egy esetet :-( Az (1) és (2) összefüggéseket felírtam, a három darab (2)-es összefüggés páronkénti egyenlőségéből kijön: B+E=D+G és C+G=B+F ahonnan B-G=D-E=C-F=k. Könnyn látható, hogy k>=2 nem lehetséges, mert akkor 3 darab 2 vagy annál nagyobb különbség kiviszi a 7 számot az 1;2;..;7 számkörből. Itt hibáztam: maradt k=1, innen meg "kikínoztam" a megoldást. Te valóban már annyit egyszerűsítettél, hogy az általad felírt (4) alapján, k=2-A is igaz. Így k=-1 is megfelel amit kihagytam :-( mert k<=-2 ugyanúgy nem lehet mint a leírt.) A hiba kijavítva általad, de még most is azon morfondírozok, hogy 1 és 7 között 2, 4, 6 páros (3 db), 1, 3, 5, 7 (4 db)páratlan, és valahogy a skatulya elv nem-e kapcsolható a páros páratlansággal, hogy rövidebb megoldást kaphassunk??? Üdv, és kösz: epsilon

[1267] xviktor2006-06-05 01:50:48

Valoban :)

Előzmény: [1265] Csimby, 2006-06-05 01:48:27
[1266] xviktor2006-06-05 01:49:32

Sry!

Kihagytam egy-egy eshetoseget, amikor nem csak kulonbozo kombinaciok vannak... A masik kombinaciokkal kijon a 3 is.

Udv: Vik

Előzmény: [1264] xviktor, 2006-06-05 01:38:22

  [1]    [2]    [3]    [4]    [5]    [6]    [7]    [8]    [9]    [10]    [11]    [12]    [13]    [14]    [15]    [16]    [17]    [18]    [19]    [20]    [21]    [22]    [23]    [24]    [25]    [26]    [27]    [28]    [29]    [30]    [31]    [32]    [33]    [34]    [35]    [36]    [37]    [38]    [39]    [40]    [41]    [42]    [43]    [44]    [45]    [46]    [47]    [48]    [49]    [50]    [51]    [52]    [53]    [54]    [55]    [56]    [57]    [58]    [59]    [60]    [61]    [62]    [63]    [64]    [65]    [66]    [67]    [68]    [69]    [70]    [71]    [72]    [73]    [74]    [75]    [76]    [77]    [78]    [79]    [80]    [81]    [82]    [83]    [84]    [85]    [86]    [87]    [88]    [89]    [90]    [91]    [92]    [93]    [94]    [95]    [96]    [97]    [98]    [99]    [100]    [101]    [102]    [103]    [104]    [105]    [106]    [107]    [108]    [109]    [110]    [111]    [112]    [113]    [114]    [115]    [116]    [117]    [118]    [119]    [120]    [121]    [122]    [123]    [124]    [125]    [126]    [127]    [128]    [129]    [130]    [131]    [132]    [133]    [134]    [135]    [136]    [137]    [138]    [139]    [140]    [141]    [142]    [143]    [144]    [145]    [146]    [147]    [148]    [149]    [150]    [151]    [152]    [153]    [154]    [155]    [156]    [157]    [158]    [159]    [160]    [161]