KöMaL - Középiskolai Matematikai és Fizikai Lapok
 English
Információ
A lap
Pontverseny
Cikkek
Hírek
Fórum
Játékszabályok
Technikai info
TeX tanfolyam
Regisztráció
Témák

Rendelje meg a KöMaL-t!

VersenyVizsga portál

Kísérletek.hu

Matematika oktatási portál

Fórum - Nehezebb matematikai problémák

  Regisztráció    Játékszabályok    Technikai információ    Témák    Közlemények  

Ön még nem jelentkezett be.
Név:
Jelszó:

  [1. oldal]    [2. oldal]    [3. oldal]    [4. oldal]    [5. oldal]    [6. oldal]    [7. oldal]    [8. oldal]    [9. oldal]    [10. oldal]    [11. oldal]    [12. oldal]    [13. oldal]    [14. oldal]    [15. oldal]    [16. oldal]    [17. oldal]    [18. oldal]    [19. oldal]    [20. oldal]    [21. oldal]    [22. oldal]    [23. oldal]    [24. oldal]    [25. oldal]    [26. oldal]    [27. oldal]    [28. oldal]    [29. oldal]    [30. oldal]    [31. oldal]    [32. oldal]    [33. oldal]  

Ha a témához hozzá kíván szólni, először regisztrálnia kell magát.
[183] nadorp2005-10-10 14:07:50

Ha Y=\sqrt{X}, akkor P(Y<x)=P(X<x2)=F(x2) tehát

E(Y)=\int_0^{\infty}xdF(x^2)=\int_0^{\infty}2x^2{F^'}(x^2)dx=\int_0^{\infty}2x^2\frac{a}{(1+x^2)^{a+1}}dx,tehát E(Y)=2a\left(\int_0^{\infty}\frac1{(1+x^2)^a}dx-\int_0^{\infty}\frac1{(1+x^2)^{a+1}}dx\right)=2a(I(a)-I(a+1))

Ha elvégezzük az \frac1{1+x^2}=t helyettesítést, akkor ( ha nem számoltam el)

I(a)=\frac12\int_0^1t^{a-\frac32}(1-t)^{-\frac12}dt=\frac12B(a-\frac12,\frac12)=\frac{\Gamma(a-\frac12)\Gamma(\frac12)}{2\Gamma(a)}, hasonlóan

I(a+1)=\frac{\Gamma(a+\frac12)\Gamma(\frac12)}{2\Gamma(a+1)}=\frac{(a-\frac12)\Gamma(a-\frac12)\Gamma(\frac12)}{2a\Gamma(a)}, tehát

2a(I(a)-I(a+1))=2a\frac1{2a}\frac{\Gamma(a-\frac12)\Gamma(\frac12)}{2\Gamma(a)}=\frac{\sqrt\pi}2\frac{\Gamma(a-\frac12)}{\Gamma(a)}

Előzmény: [182] rizsesz, 2005-10-09 23:02:30
[182] rizsesz2005-10-09 23:02:30

Az a baj, hogy a TeX-hez nem értek :( Kezd gyanús lenni, hogy hibás integrál kell ráadásul. Azt elmondhatom esetleg? A lényeg, hogy a feladat a következő volt: Adott egy a paraméterrel rendelkező Pareto-típusú eloszlás: X=1-1/(x+1) ad a, és ezt transzformáljuk Y=gyökX alakba, majd annak kell a várható értéke. Az intervallum o és +végtelen. teX az meg meg lesz tanulva :)

[181] Lóczi Lajos2005-10-09 16:40:50

(Miért nem TeX-ben írod a képletet? :)

Erre gondolsz?


\int \sqrt{x} \cdot \left(1-\frac{1}{(x+1)^a}\right) dx?

Az általános esetben hipergeometrikus függvény szerepel a képletben, de speciális a-kra (úgy látom, egész vagy egészek fele alakú számokra) elemi függvényekkel is kifejezhető. Pl. a=1 esetén a válasz


\frac{2\left( \left( -3 + x \right) {\sqrt{x}} + 
      3 \rm{arctg} ({\sqrt{x}}) \right) }{3}.

Látogass el a http://integrals.wolfram.com/ címre, ott próbálkozhatsz más a értékekkel is.

Előzmény: [180] rizsesz, 2005-10-09 13:55:45
[180] rizsesz2005-10-09 13:55:45

Sziasztok! Az alábbi függvényt kellene integrálnom: xad 0,5*(1-1/(x+1)ad a), az ad a hatványozás, ill. "a" tetszőlegesen változtatható paraméter, de úgy nem igazán megy :) és sajna zárt alak kellene. ha bárki tud segíteni, annak előre is köszönöm,

rizsesz

[179] lorantfy2005-09-25 17:11:01

Jelölje a villamosok távolságát s, sebességüket v.

t_1=\frac{s}{v+4} \quad t_2=\frac{s}{v-4}

3t_1=t_2 \quad \frac{3s}{v+4}=\frac{s}{v-4}

v= 8 km/h

s=(v-4)\frac{12}{60}=\frac{4}{5}km=800m \quad t=\frac{0,8}{8}=0,1h=6perc

Előzmény: [178] Stranger, 2005-09-25 16:17:15
[178] Stranger2005-09-25 16:17:15

Sziasztok nagyon elakadtam, de nem csak én! Ha valaki tudja az vezesse már leegyenlettel, előre is köszi!

Egy villamos sín mellet 4km/h sebességgel haladunk. Minden 12 percben elhagy minket egy villamos, s 4 percenként találkozunk egy szembejövővel . Mekkora a villamosok sebessége, és milyen időközönként követik egymást?

[177] hobbymatekos2005-09-25 15:07:24

A hengert tartalmazó gömbök közül a minimális térfogatut, a gömbbe irható hengerek közül a maximális térfogatut keressük.A gömb térfogata nagyobb mint a hengeré, térfogataik különbsége pozitiv és minimális. Ha adott egy téglalap, amiről állitjuk, hogy henger középvonalát tartalmazó sikmetszet, akkor az két henger lehet, térfogatuk viszont általában különböző. Ezért elegendő azt mondani, hogy, ha az ilyen kétféle hengerek térfogata egyenlő,tehát a metszet négyzet, akkor a köré irható gömbre nézve max. térfogatú.( Igazolni kell, hogy csak egy max.térfogatú henger irható a gömbbe, másrészt invariáns a forgatásra nézve.) Márpedig a két henger 9o fokos elforgatott.(Egy henger(forgástest) térfogata,(felszine, tömege ha sűrűsége állandó ) a sikmetszetével (sőt már meridiánjával) megadott. Pappus-Guldin tételek.) Másképp: A gömbök és a hengerek között egy m(r,R) fv.feltételezve Vg-Vh min keressük az összes gömbtérfogat és összes hengertérfogat között.(Ez eleminek számit, de nem középiskola. Lagrange multiplikátor módszer). m(r,R) ilyen átviteli fv. szerepü.

Előzmény: [134] levi, 2005-04-20 18:14:06
[176] hobbymatekos2005-09-25 10:02:50

Ezzel foglalkozott valaki?

Előzmény: [147] Lóczi Lajos, 2005-04-28 12:59:48
[175] hobbymatekos2005-09-25 10:00:02

a geo.szerkeszthetőségről http://www.math.bme.hu/ szirmai/strtud.html

Előzmény: [173] joe, 2005-07-26 19:56:24
[174] joe2005-07-26 20:00:10

Érdekességek:

Egy derékszögű vonalzóval meg lehet szerkeszteni a másodfokú egyenlet gyökeit;

két derékszögű vonalzóval megoldható a déloszi probléma és a szögharmadolás; szerkeszthető szabályos hét- és kilencszög is.

Ezeket most csak "favágó módjára" kiírtam (Sain Márton: Matematikatörténeti ABC, Szerkesztések címszó), úgyhogy nem tudom, ezek közül mik a nehezebbek. Ha valaki tudja, adja föl feladatnak...

[173] joe2005-07-26 19:56:24

Én a következő dolgokat találtam: Bármilyen körzővel és vonalzóval elvégezhető szerkesztés elvégezhető:

1) Csak körzővel;

2) Csak körzővel úgy is, hogy adott egy legnagyaobb és egy legkisebb megengedett körzőnyílás;

3) Csak vonalzóval, HA adott egy bármilyen kicsi körív a középpontjával együtt;

4) PÁRHUZAMOS ÉLŰ vonalzóval.

Előzmény: [172] Hajba Károly, 2005-07-25 13:26:01
[172] Hajba Károly2005-07-25 13:26:01

Üdv!

Viktorhoz hasonlóan már nekem is van "1 körös" megoldásom, de ismerve a feladat forrását ill. egy régebbi, de már kopott emléket, talán meg lehet a feladatot körző használata nélkül is oldani.

Valami dereng, hogy már a görögök is ..., de lényeg, hogy -emlékeim szerint- már jó ideje bizonyított a tény, miszerint, ha egy geometriai szerkesztés megoldható körzővel és vonalzóval, akkor csak az egyikkel is megoldható. Majd megmondjátok, mi igaz ebből.

HK

Előzmény: [165] jonas, 2005-07-04 10:01:56
[171] Ali2005-07-25 10:24:10

132. feladat.

Bizonyítsuk be, hogy egy téglalap pontosan akkor bontható föl különböző oldalú négyzetekre, ha a téglalap oldalainak aránya racionális szám.

[170] xviktor2005-07-23 22:34:58

Sot, akkor egyel is.

Előzmény: [169] xviktor, 2005-07-23 22:31:59
[169] xviktor2005-07-23 22:31:59

Ha egy szogmasolast egy korzohasznalatnak veszunk, akkor tudok 2vel is.

Előzmény: [168] qer, 2005-07-23 21:33:43
[168] qer2005-07-23 21:33:43

131. feladatra: 3 körzőhasználattal megy eddig, még lehet kevesebb?

[167] Lóczi Lajos2005-07-04 23:02:59

Érdekes a terminológia kérdése, ezen meg is lepődtem.

Nekem a "szimmetriaközéppont" nem feltétlenül jelenti a "középpontos szimmetria" (azaz pontosabban: középpont körüli 180 fokos forgatás) szimmetriapontját. Én azt válaszoltam volna a kérdésre, hogy persze hogy nincs ilyen alakzat, mert forgásszimmetria-középpont mindig van (l. jonas érvelése).

Ki mit gondol a fogalom szempontjából, milyen transzformációk "középpontját" takarhatja a szimmetriaközéppont fogalma?

Előzmény: [159] jonas, 2005-07-02 10:07:10
[166] Doom2005-07-04 10:28:07

Ezekre a feladatokra inkább nem válaszolnék, nem lenne fair :) Meg egyébként is leharapja a fejem, ha megtudja, hogy elárultam a megoldásokat! ;)

Előzmény: [165] jonas, 2005-07-04 10:01:56
[165] jonas2005-07-04 10:01:56

Akkor itt van egy másik feladat tőle. Ez sem nehéz, és lehet, hogy nem pontosan emlékszem rá. Remélem, még nem volt.

131. Adott egy egyenes és rajta kívül egy pont. Szerkesszünk az egyenessel a ponton át párhuzamost minél kevesebb körzőhasználattal (vonalzót akárhányszor használhatunk).

[163] Doom2005-07-03 21:19:25

Szépnek szép:)

Előzmény: [162] joe, 2005-07-03 20:37:46
[162] joe2005-07-03 20:37:46

Jól sejted, kitől kaptam, de nem 9-es vagyok, csak régebben hallottam, és talán rossz topicba tettem. Leht, h nem nehéz, de szép! Vagy nem?

Előzmény: [160] Doom, 2005-07-02 15:41:59
[161] jonas2005-07-02 18:30:27

Igen, igazad van.

Előzmény: [160] Doom, 2005-07-02 15:41:59
[160] Doom2005-07-02 15:41:59

Lehet, hogy ez neked triviális, de ha jól sejtem, kitől kapta ezt a "házi feladatot" :), akkor kb 9-es lehet az illető. És akkor már nem ilyen egyértelmű.... sztem. :)

Joe, kommentáld!:)

Előzmény: [159] jonas, 2005-07-02 10:07:10
[159] jonas2005-07-02 10:07:10

Ez vagy triviális, vagy félreértettem.

Egyszerűen veszed az eni pontot minden egész n-re. Akkor ennek minden n/2 hajlásszögű egyenes (az origón át) szimmetriatengelye, de mégsincs szimmetriaközéppontja.

Azért nyilvánvaló, hogy ilyesmit keresünk, mert ha két szimmetriatengely metszi egymást, akkor az alakzat már forgásszimmetrikus a tengelyek szögének kétszeresével, tehát ha ez a szög \pi racionális többszöröse, akkor már középpontosan szimmetrikus is.

Előzmény: [157] joe, 2005-07-01 19:09:37
[158] Doom2005-07-01 21:37:40

Mondcsak Joe, ismersz te egy Pósa Lajos nevezetű egyént?!

Előzmény: [157] joe, 2005-07-01 19:09:37

  [1. oldal]    [2. oldal]    [3. oldal]    [4. oldal]    [5. oldal]    [6. oldal]    [7. oldal]    [8. oldal]    [9. oldal]    [10. oldal]    [11. oldal]    [12. oldal]    [13. oldal]    [14. oldal]    [15. oldal]    [16. oldal]    [17. oldal]    [18. oldal]    [19. oldal]    [20. oldal]    [21. oldal]    [22. oldal]    [23. oldal]    [24. oldal]    [25. oldal]    [26. oldal]    [27. oldal]    [28. oldal]    [29. oldal]    [30. oldal]    [31. oldal]    [32. oldal]    [33. oldal]  

  Regisztráció    Játékszabályok    Technikai információ    Témák    Közlemények  

Támogatóink:   Ericsson   Cognex   Emberi Erőforrás Támogatáskezelő   Emberi Erőforrások Minisztériuma   Nemzeti Tehetség Program    
MTA Energiatudományi Kutatóközpont   MTA Wigner Fizikai Kutatóközpont     Nemzeti
Kulturális Alap   ELTE   Morgan Stanley