Középiskolai Matematikai és Fizikai Lapok
Informatika rovattal
Kiadja a MATFUND Alapítvány
Már regisztráltál?
Új vendég vagy?

Fórum: Lejárt határidejű KÖMAL feladatokról

  [1]    [2]    [3]    [4]    [5]    [6]    [7]    [8]    [9]    [10]    [11]    [12]    [13]    [14]    [15]    [16]    [17]    [18]    [19]    [20]    [21]    [22]    [23]    [24]    [25]    [26]    [27]    [28]    [29]    [30]    [31]    [32]    [33]    [34]    [35]    [36]    [37]    [38]    [39]    [40]    [41]    [42]    [43]    [44]    [45]    [46]    [47]    [48]  

Szeretnél hozzászólni? Jelentkezz be.
[516] Róbert Gida2010-03-12 14:20:13

Tényleg, wikin is fent van. Ezzel kb. 2 perc munka megoldani az A feladatot. De a 4-edik jegyre még mindig nem látom a bizonyítást, azaz hogy miért lenne: \sum_{i=1}^{p} \binom{i\cdot p}{p}\cdot\binom{(p-i+1)p}{p} \equiv \binom{p+2}{3} \mod {p^4}, ha p>5 prím. (Ez p=2,3,5-re nem igaz.)

Előzmény: [515] Maga Péter, 2010-03-12 13:47:26
[515] Maga Péter2010-03-12 13:47:26

Az 0, ha p>3. Ha jol emlekszem Wolstenholme-tetel neven fut, bar annyira azert nem nehez. Most nem gondoltam pontosan vegig, de a p>3 feltetel ott jon be, hogy amikor az elso p-s primtenyezot kinyered, akkor utana at tudod pofozni az elso nehany szam negyzetosszegeve (talan p-1), es akkor van egy 6-os a nevezoben, ami p=2,3-ra elrontja a dolgot.

Előzmény: [513] Tibixe, 2010-03-11 23:05:16
[514] Róbert Gida2010-03-12 00:08:54

Ennyire azért nem foglalkoztam vele, csak egy soros programot írtam rá, hogy megnézzem, hogy a többi jegy hogyan alakul.

Amit te kérsz feladatként az viszont a Válogatott feladatok és tételek az elemi matematika köréből (Aritmetika és algebra) című könyvének 60.a feladata, ami egyébként dupla csillagos, megoldása a könyv végén. Pont ennek a megoldásának az ötletét használtam az én időmben egy hasonló A feladat megoldásához.

Előzmény: [513] Tibixe, 2010-03-11 23:05:16
[513] Tibixe2010-03-11 23:05:16

Hacsak nem vagyok eltájolva, ahhoz meg kéne határozni az első p-1 poz. egész reciprokösszegét modulo p2, amit nem tudom hogy oldasz meg mint p függvénye.

( így csak mod p kell, ami triviális )

Előzmény: [512] Róbert Gida, 2010-03-11 20:16:45
[512] Róbert Gida2010-03-11 20:16:45

(Lejárt) februári Kömalban: B. 4251-ben megkérdezik, hogy mi az utolsó 2 számjegy, A. 501-ben, hogy mi az utolsó 3 számjegye p>3 esetén. Régebben még a Kömal ezt úgy tette volna fel A feladatként, hogy mi az utolsó 4 számjegy p>5 esetén! Talán a 7 már túl nagy prím volt a feladatot ajánlónak, hogy nem nézte meg. Kár érte. \sum_{i=1}^{p} \binom{i\cdot p}{p}\cdot\binom{(p-i+1)p}{p}

[511] janomo2010-01-16 21:09:31

Nem értem, hogy mi a baj, megoldásokat idén már egyáltalán nem fogadnak el határidő után, főleg nem 3 nappal később.

Előzmény: [508] Róbert Gida, 2010-01-16 00:10:47
[510] Maga Péter2010-01-16 20:34:51

A.494. - szép kis Schweitzer-példa, ehhh...:S

Előzmény: [507] Fálesz Mihály, 2010-01-14 19:40:29
[509] Kós Géza2010-01-16 09:15:35

A határidő és a megoldások megjelenése között rövid, de elég idő telt el. Akinek valamilyen gondja volt a beküldéssel, szólhatott (volna).

Előzmény: [508] Róbert Gida, 2010-01-16 00:10:47
[508] Róbert Gida2010-01-16 00:10:47

Beküldési határidő után 3 nappal? Kicsit korainak tűnik, remélem nem élnek vissza vele. Még itt a fórumon is legalább egy hét után írtunk be megoldásokat.

Előzmény: [507] Fálesz Mihály, 2010-01-14 19:40:29
[507] Fálesz Mihály2010-01-14 19:40:29

A. 494., A. 495. és A. 496.

(A megoldások 13-a óta láthatók a fenti címeken.)

Előzmény: [505] Tibixe, 2010-01-12 20:06:28
[506] Róbert Gida2010-01-14 17:09:29

Komal.hu-n is megtalálod.

Előzmény: [505] Tibixe, 2010-01-12 20:06:28
[505] Tibixe2010-01-12 20:06:28

Az A496 megoldása megvan valakinek?

( nekem csak k\le5 esetben )

[504] Fálesz Mihály2010-01-12 17:19:57

Segítség: tükrözd a D pontot az AB és AC oldalakra.

Előzmény: [503] S.Ákos, 2010-01-12 14:00:47
[503] S.Ákos2010-01-12 14:00:47

A.495.-re tudna valaki mutatni megoldást? Köszönöm előre is. S.Á.

[502] HoA2010-01-03 21:51:50

Elegánsabb, ha elhagyjuk az R és T merőleges vetületeket. Jelöljük P1P4 és P3O metszéspontját U-val. S-et mint P1P4 és a P2-n át P3O-val húzott párhuzamos metszéspontját definiáljuk. Ekkor a P2P3US paralellogrammában SU=P2P3=b .

P1P4=1=P1Q-QS+SU+UP4=b-b3+b+b=3b-b3

Előzmény: [500] HoA, 2010-01-03 16:54:49
[501] zotyo582010-01-03 19:19:36

A 2009 emelt szintű 7/II/6.b szerintem helyesen így szólna Az f(x) függvény a téglalap esetén a ]0;9[ nyílt intervallumban értelmezett.

Az eredeti megoldása végtelen lenne, hiszen teljesül az origóra az összes feltétel, így a téglalap egyik oldala a [0;9] az x tengelyen, a másik két oldal az y tengely és az x=9 egyenes, a negyedik oldal eltávolodhat a végtelenbe...

Számomra ez volt a megoldás... Tudom általában értelemszerű a megoldás, de miért ne lehetne így is gondolkozni.

[500] HoA2010-01-03 16:54:49

Szemléletesebb megoldás a B. 4221. feladatra: ( Mutassuk meg, hogy ha az r sugarú körbe írt szabályos 18-szög oldala a, akkor a3+r3=3ar2. )

Legyen az egységsugarú körbe írt szabályos 18-szög oldala b, ekkor azt kell igazolni, hogy b3+1=3b. Ebben a körben a b hosszúságú húrhoz 10o kerületi és 20o középponti szög tartozik. Tekintsük a sokszög O középpontját és egymás utáni P1,P2,P3,P4 csúcsait. A P1P4 húrhoz 60oos középponti szög tartozik, P1OP4\Deltaszabályos, P1P4=1. A P1P2O=H0 20o csúcsszögű egyenlőszárú \Delta-ben az alap és a szár aránya b/1 = b. H0-lal egybevágó a P2P3O és a P3P4O háromszög. P2P1P4\angle=20o, mint a P2P4 ívhez tartozó kerületi szög. P2O és P1P4 metszéspontja Q, P1P4 és P2P3 párhuzamossága miatt P2O és P1P4 80o –os szöget zár be, így a H1=P2QP1\Delta hasonló H0-hoz, P1Q=b, P2Q=b2. Legyen P2 merőleges vetülete P1P4-re R, Q tükörképe R-re S. A H2=QSP2\Delta is hasonló H1-hez, QS=b3, QR=b3/2 . P1R=b–b3/2. Legyen P3 merőleges vetülete P1P4-re T. Hasonlóan adódik, hogy P4T=b–b3/2. A P2P3TR téglalapban RT=P2P3=b.

P1P4=1=P1R+RT+TP4=(b–b3/2)+b+(b–b3/2)=3b–b3 .

[499] Radián2009-12-12 16:55:03

A beküldési határidő LEJÁRT.

underbraceabcd

Ezt találtam a B. 4212-es feladat megoldásánál. Ez mit akar jelenteni?

[498] Nandor2009-12-08 22:09:23

B.4207

Ez a feladat ugy erzem hibasan volt megfogalmazva. Ki kellett volna kotni hogy a sokszog nem haromszog. Enelkul a megoldas tul egyszeru hiszen egy haromszog nyilvanvalo ellenpelda.

[497] R.R King2009-12-06 20:23:11

Az egyenletek amiket felírtál igazából egyenlőtlenségek. Bizonyítani kellene, hogy a maximumot akkor kapjuk, hogy ha az egyenlőtlenség egyenlőséggel teljesül..Bár nem vagyok javító, de erre a megoldásra szerintem nem kapsz teljes értékű pontszámot még akkor se ha történetesen ez a jó végeredmény...

Előzmény: [496] Nánási József, 2009-12-06 19:04:24
[496] Nánási József2009-12-06 19:04:24

C.103-as feladat.

Erre adtam le megoldást:

p-papíráru

v-vegyiáru

v+3p=12

v+p=5

Fejezzük ki p-t:

p=3,5

v=1,5

Kereslet maximuma:

p*200000+v*100000=700000Ft+150000Ft=850000Ft

Azt szeretném megkérdezni, szerintetek mennyi az erre megfelelő pontszám.

Előre is ksüözönöm Józsi

[495] Csimby2009-11-27 03:02:32

Szívesen!

Olvasd el ezt! A lap alján található Lagrange-tételből könnyen beláthatod, hogy minden elem rendje osztja a csoport rendjét.

Előzmény: [494] bily71, 2009-11-26 22:07:07
[494] bily712009-11-26 22:07:07

Kösz a segítséget! Sok helyen olvastam, de most már nagyjából értem is, hogy mit jelent: minden elem rendje osztja a csoport rendjét.

Előzmény: [493] Csimby, 2009-11-26 15:09:51
[493] Csimby2009-11-26 15:09:51

Ellenpélda: legyen b=6 és p=7.

b2\equiv1 (mod p) nagyon-nagyon-nagyon nem csak p=3 esetén teljesül.

A modulo p maradékosztályok a 0-t kivéve a szorzásra nézve p-1 rendű csoportot alkotnak. És csak annyit állíthatunk, hogy minden elem rendje osztja a csoport rendjét. Tehát b2\equiv1(mod p)-ből csak az következik, hogy p páratlan.

Előzmény: [492] bily71, 2009-11-26 09:57:26
[492] bily712009-11-26 09:57:26

A második részhez még annyit, hogy b2\equiv1(mod p) már csak azért sem teljesülhet, mert feltételeztük,hogy b2\equiv0(mod 3), tehát 3|b, és b2\equiv1(mod p) csak p=3 esetén teljesül, így teljesülne a b2\equiv1(mod 3) kongruencia is, ami ellentmondás.

Előzmény: [491] bily71, 2009-11-26 09:46:20

  [1]    [2]    [3]    [4]    [5]    [6]    [7]    [8]    [9]    [10]    [11]    [12]    [13]    [14]    [15]    [16]    [17]    [18]    [19]    [20]    [21]    [22]    [23]    [24]    [25]    [26]    [27]    [28]    [29]    [30]    [31]    [32]    [33]    [34]    [35]    [36]    [37]    [38]    [39]    [40]    [41]    [42]    [43]    [44]    [45]    [46]    [47]    [48]