|
|
|
|
[278] Hajba Károly | 2006-03-03 12:55:11 |
Üdv!
Egy kicsit pontosíts kérlek, mert nekem az upload-ra egy hófehér lap jött be (Firefox, MIE). Keresésnél pedig csak ezt a statikát találtam:
Keresés abc-sorrendbe rendezésidôrendbe rendezés
Építész- és építőmérnök >> Szilárdságtan és tartószerkezet
Rövid leírásKategóriaOldalszám
Statika Tételsor 3 oldal
...
Mely szintén üres (nálam).
|
Előzmény: [275] hobbymatekos, 2006-03-03 11:18:05 |
|
|
[276] Simon | 2006-03-03 11:55:10 |
Isten vagy HOBBYMATEKOS!!!
|
|
|
[274] Simon | 2006-03-03 08:40:31 |
Sziasztok! tudnátok segíteni? milyen képlet segítségével tudom kiszámítani a negyedkör súlypontját?
|
|
|
|
|
[270] hobbymatekos | 2006-02-28 15:13:22 |
Érdektelen eset. Gamma(x+1) ha x természetes szám, éppen x! (Egyébként 1. Hiszen 1/gamma(n) pólusai a negativ egészek és a nulla, 1x-esek és a rezidumok (-1)**n/n! Hankel int. formulával. 0!=1)
|
Előzmény: [269] nadorp, 2006-02-26 17:18:00 |
|
|
[268] Sirpi | 2006-02-26 11:02:38 |
Ajánlom figyelmedbe a 230-as hsz-t. Ott a feladat ki van tűzve (helyesen :-) ), és az utána következő 1-2 hsz-ben a megoldást is megtalálod. Tudom, hogy ismétlés a tudás anyja, de akkor is :-)
|
Előzmény: [264] hobbymatekos, 2006-02-23 21:18:56 |
|
|
|
|
|
[263] nadorp | 2006-02-23 20:37:34 |
Szia !
Gondoltam, hogy nem Joe megoldásához szóltál hozzá, ez "csak" egy egyszerű dícséret volt. Én is a végtelen leszállás módszerrel próbálkoztam, de Joe-é jóval egyszerűbb az enyémnél.
|
Előzmény: [262] hobbymatekos, 2006-02-23 19:51:35 |
|
[262] hobbymatekos | 2006-02-23 19:51:35 |
Sziasztok 241 és 242 válasz: Ez csak egy ötlet volt. Most pontosan nincs ilyen alakú megoldás. Azaz: a-Sqr(k) sem és a+ Sqr(k) sem gyök. (Egyébként nem Joe megoldásához szóltam.)Most ha a=7, k=5 akkor b nem egész.
|
Előzmény: [242] nadorp, 2006-02-06 11:56:35 |
|
|
[260] rizsesz | 2006-02-23 15:45:15 |
Apropó, nem tudjátok megmondani, hogy 1/(n-k)! k szerinti deriváltja micsoda? Általában létezik ilyen? :)
|
|
[259] rizsesz | 2006-02-20 20:54:31 |
Ma nekem is kijött :) A szummázás helyett meg egyszerűbb logikai módszer. Vegyük a 2n-1 elemet. Ebből kiválasztani m-1 elemet valóban (2n-1 alatt az m-1) módon lehet. A szumma pedig: bontsuk 2 részre a 2n-1 elemet, egy n és n-1 elemű halmazra. A szummázás végigmegy a két halmazon, először az elsőből választ ki m-1, a másikból 0, majd az elsőből m-2, a másodikból 1, ... végül az az elsőből 0, és a másodikból m-1 elemet. Ezek összege nyilván az összes lehetséges kiválogatása m-1 elemnek 2n közül, mert minden eset szerepel, és mindegyik egyszer, továbbá nem veszi a figyelembe, hogy hogyan szedtük szét a 2 halmazt.
|
Előzmény: [258] nadorp, 2006-02-20 17:45:09 |
|
[258] nadorp | 2006-02-20 17:45:09 |
.
A számláló:
A nevező a fentiek összege minden lehetséges k-ra: .
A szumma meghatározására tekintsük az (1+x)n(1+x)n=(1+x)2n azonosságot. Végezzük el mindkét oldalon a hatványozásokat, és a bal oldalon a szorzást. Ekkor a két oldalon xm együtthatója szükségképpen megegyezik, azaz
, ezért a keresett valószínűség:
A várható érték valóban lesz, mert felhasználva az előzőeket
.
A szumma meghatározásához most tekintsük az (1+x)n-1(1+x)n=(1+x)2n-1 azonosságot. Ugyanúgy, mint az előbb most xm-1 együtthatóit összehasonlítva azt kapjuk, hogy
. A várható érték ezért
|
Előzmény: [257] rizsesz, 2006-02-19 15:12:17 |
|