Középiskolai Matematikai és Fizikai Lapok
Informatika rovattal
Kiadja a MATFUND Alapítvány
Már regisztráltál?
Új vendég vagy?
A régi honlapot akarom!!! :-)

Fórum: Nehezebb matematikai problémák

  [1]    [2]    [3]    [4]    [5]    [6]    [7]    [8]    [9]    [10]    [11]    [12]    [13]    [14]    [15]    [16]    [17]    [18]    [19]    [20]    [21]    [22]    [23]    [24]    [25]    [26]    [27]    [28]    [29]    [30]    [31]    [32]    [33]  

Szeretnél hozzászólni? Jelentkezz be.
[417] Cckek2006-10-17 12:28:33

Nagyon érdekes cikk. Arra viszont kiváncsi vagyok hogy ezek az értékek hogyan lettek kiszámolva? Pl 10000! ?

Előzmény: [415] Lóczi Lajos, 2006-10-17 11:49:17
[416] Cckek2006-10-17 12:07:26

Amennyiben az egyenlőtlenség igaz úgy gratulálok, sokkal jobb az én képletemnél ami a Legendre képleten alapszik. S megint bebizonyosodik mire jó a forum. Hisz senki sem akarja ujra felfedezni a kereket:)Köszi

Előzmény: [414] nadorp, 2006-10-17 10:55:33
[415] Lóczi Lajos2006-10-17 11:49:17

Esetleg idevág "A faktoriális alsó- és felső becslései" c. cikkem a KöMaL 2002. áprilisi számából, ott ilyeneket kiszámoltam.

Előzmény: [414] nadorp, 2006-10-17 10:55:33
[414] nadorp2006-10-17 10:55:33

Nem kell Stirling formula. Ha nem számoltam el, akkor igaz a következő egyenlőtlenség lánc:

(n-\frac12)\lg{n}+\frac12\lg{e}<\lg{n!}<(n-\frac12)\lg{n}+\lg{e}. Ebből következik, hogy

[lg n!] a közrefogó számok egész részeinek egyikével egyenlő, melyek különbsége legfeljebb 1, hiszen \frac12\lg{e}<1

Előzmény: [408] Cckek, 2006-10-16 20:03:44
[413] Sirpi2006-10-17 07:42:37

50 számjegyet, na de mennyiből? 10102? Én inkább erre a mondanám, hogy ennyi pénz nincs is :-P Amúgy sok sikert a 10100! pontos értékének kiszámolásához, csak hogy megtudd, mekkora is a hiba ;-).

Előzmény: [412] Cckek, 2006-10-17 05:58:03
[412] Cckek2006-10-17 05:58:03

Nos ha n=10100 ez a hanyagolás legalább 50 számjegyet jelent. Fülig Jimmy-t idézve:"annyi pénz nincs is...":))

Előzmény: [411] Sirpi, 2006-10-16 23:55:09
[411] Sirpi2006-10-16 23:55:09

Attól függ, mennyire törekszünk pontosságra. A Stirling-formulát is lehet még tovább javítani, csak úgy bonyolultabb képletet kapunk.

Előzmény: [410] Cckek, 2006-10-16 23:08:44
[410] Cckek2006-10-16 23:08:44

Akkor egyszerűsítek:))Számítsuk ki 100! számjegyeinek a számát. Különben a becslés hibás hisz log_{10}(\root\of{2\pi n}) nem elhanyagolható:))

[409] Sirpi2006-10-16 20:56:42

A pontos válasz [log10n!]+1, amivel sokkal nem vagyunk előrébb, viszont igen jó közelítést könnyen lehet adni a Stirling-formula alapján (ez azt mondja ki, hogy n! \sim \sqrt{2\pi n}\left( \frac{n}{e} \right)^n). Eszerint n! számjegyeinek száma kb. n(log10n-log10e), vagyis nagyságrendileg nlog10n.

Előzmény: [408] Cckek, 2006-10-16 20:03:44
[408] Cckek2006-10-16 20:03:44

Nos jó. Akkor már kitűzhetem a következő kis feladatot: Adjunk képletet mely kiszámítja n! számjegyeinek a számát:))

[407] Cckek2006-10-16 19:04:10

Köszi. Ezzel tényleg nem találkoztam de most valóban egyszerűnek tűnik. 10x

Előzmény: [406] Sirpi, 2006-10-16 18:47:27
[406] Sirpi2006-10-16 18:47:27

Egy szám 10-es alapú logaritmusa mondja meg, hogy hány jegyű, nevezetesen egy N szám jegyeinek száma [log10N]+1, hiszen 1 és 10 között a logaritmus egészrésze 0, a jegyek száma 1. Ugyanígy 10 és 100 közt az egészrész 1, a jegyek száma 2 stb. Most írj N helyére 2n-et, használd fel hogy log ab=blog a és kész. Bocs mindenkitől, ha túlragoztam volna csak nem tudom ennek melyik része lehetett bonyolult :-)

Előzmény: [405] Cckek, 2006-10-16 18:36:10
[405] Cckek2006-10-16 18:36:10

Ez honnan? Ha lehetne egy kicsit részletesebben...Köszi.

Előzmény: [404] nadorp, 2006-10-16 15:02:48
[404] nadorp2006-10-16 15:02:48

[nlog102]+1

Előzmény: [403] Cckek, 2006-10-16 14:56:14
[403] Cckek2006-10-16 14:56:14

A következő egyszerünek tűnő problémához kéne egy kis segítség: Határozzuk meg 2n számjegyeinek a számát. Persze ezt lehet általánosítani de már ebben a formában is nagyon nehéznek tűnik.

[402] Lóczi Lajos2006-10-15 22:02:06

De írhatok betűt is x helyére, pl. lehet x=\frac{b+b+b+b+b+b+b+b+b+b+b+b}{b+b+b+b+b+b+b} is.

Előzmény: [401] Lóczi Lajos, 2006-10-15 21:58:20
[401] Lóczi Lajos2006-10-15 21:58:20

Ha nem, akkor nincs ilyen x.

Ha igen, akkor nyilván a=b4/3 lehet csak, ezt beírva (ab)x=b7x/3, ez csak akkor lesz b4, ha x=\frac{12}{7}.

Előzmény: [399] Lóczi Lajos, 2006-10-15 21:50:30
[400] qkac2006-10-15 21:56:22

Így van megadva a feladat:

Milyen számot(betűt) írjunk az x helyébe, hogy az alábbi egyenlőségláncolatok igazak legyenek? (A hatványalapok mindegyike 1-től különböző pozitív valós szám) a) a3=b4=(ab)x b) p2=q3=(pq)2x

Előzmény: [399] Lóczi Lajos, 2006-10-15 21:50:30
[399] Lóczi Lajos2006-10-15 21:50:30

De a és b úgy van megadva, hogy a3=b4 eleve igaz?

Előzmény: [398] qkac, 2006-10-15 21:47:27
[398] qkac2006-10-15 21:47:27

a hatványalapok mindegyike 1-től különböző pozitív valós szám.

Előzmény: [397] Lóczi Lajos, 2006-10-15 20:52:30
[397] Lóczi Lajos2006-10-15 20:52:30

Legyen pl. a=b=p=q=0, és akkor x>0 tetszőleges lehet.

Előzmény: [396] qkac, 2006-10-15 20:09:55
[396] qkac2006-10-15 20:09:55

Valaki nem tudja levezetni ezt a két példát? a) a3=b4=(ab)x b) p2=q3=(pq)2x Milyen számot(betűt) írjunk az x helyébe, hogy az alábbi egyenlőségláncolatok igazak legyenek?

[395] rizsesz2006-10-04 22:08:16

tudom, de konkrétan azt a problémát nem találtam meg.

Előzmény: [394] Hajba Károly, 2006-10-04 11:44:34
[394] Hajba Károly2006-10-04 11:44:34

Tom és Jerry

Előzmény: [393] Hajba Károly, 2006-10-04 11:41:11
[393] Hajba Károly2006-10-04 11:41:11

Szépen le van vezetve a 'Tom és Jerry' topikban.

Előzmény: [391] rizsesz, 2006-10-03 23:43:58

  [1]    [2]    [3]    [4]    [5]    [6]    [7]    [8]    [9]    [10]    [11]    [12]    [13]    [14]    [15]    [16]    [17]    [18]    [19]    [20]    [21]    [22]    [23]    [24]    [25]    [26]    [27]    [28]    [29]    [30]    [31]    [32]    [33]