|
[58] sakkmath | 2006-02-02 13:18:51 |
Megkönnyebbülhetünk: mára eltűnt ez a hosszúéletű álbizonyítás. Tegnap felhívtam egy (az ügyben vétlen) matematikus figyelmét a hibás megoldásra. Úgy látszik, ő eredményesen közbenjárt a 'megoldás' levételben...
|
Előzmény: [56] sakkmath, 2006-01-25 16:44:03 |
|
[57] Kemény Legény | 2006-01-27 20:50:10 |
Hmmm....igazán kiszedhették volna már....Valaki elég csúnyán benézhette ezt a bizonyitást.Még a végén valaki tényleg elhiszi hogy a Jensen-egyenlőtlenségben igy áll az irány. Gondolom a 'szerző' csak azt látta hogy elég volna neki belátni a cos-összeges egyenlőtlenséget,amiről azt gondolta, hogy ismert és Jensennel kijön.Csak arra nem gondolt hogy közben már a másik irányba szaladt át a túl durva becsléssel (ti. a sztani-négyzetesnél) Minden elismerésem az észrevételhez,elég nehéz észrevenni, főleg ha az ember a szerzőhöz hasonló felületességgel futja át a megoldást. Remélem K.Géza időben intézkedik....ugye Géza??? Elég égő nektek ha ezt igy hagyjátok...
|
Előzmény: [56] sakkmath, 2006-01-25 16:44:03 |
|
[56] sakkmath | 2006-01-25 16:44:03 |
Kedves Fórumosok!
Egy (hamis)gyöngyszem innen, a szomszédból:
http://www.komal.hu/verseny/2001-09/B.h.shtml
Az oldal főcíme: 'A 2001. szeptemberi B-jelű matematika feladatok megoldása'. Itt olvasható, immár négy éve (!!), a B. 3478. feladat rapid 'megoldása'. Ezt a 'megoldást' tavaly tavasszal e-mail-ben többször is kifogásoltam illetékes helyen; mint látható, eredménytelenül. Várom a véleményeket, javaslatokat. A szóvátételt hátha jóvátétel is követi ezúttal... (Itt a Fórumon egyébként többen is kifogástalan megoldásokat tettek fel e feladatra, anno.)
|
|
|
[55] Wolf | 2006-01-11 11:44:01 |
Nem értetted!
Konstans deriváltja nulla, ez eddig nem is baj.
Az iforosok írtak egy matekzh-t és különböző függvényeket kellett deriválniuk. A tanár gondolom kíváncsiságból berakta a 8-as konstanst, hogy mit lépnek rá a hallgatók és az egyik nagyon ügyesen lederiválta a 8-at és 12-öt kapott eredményül. Tudod ez az érdekes ám.
|
Előzmény: [51] Iván88, 2005-12-27 12:01:08 |
|
[54] jonas | 2005-12-28 13:56:36 |
Szerintem is.
Nem is kell hozzá az extra golyó. Négy egyformán valószínű eset van: PP, PF, FP, FF. Ha bekötött szemmel húzunk egy golyót, akkor a teljes valószínűség tétele szerint a piros valószínűsége 1/4.0+1/4.1/2+ 1/4.1/2+1/4.1= 1/2. Vagyis, mivel két golyóból 1/2 a valószínűsége a piros húzás valószínűsége 1/2, egy piros és egy fehér golyó van.
|
Előzmény: [53] Geg, 2005-12-28 02:59:02 |
|
[53] Geg | 2005-12-28 02:59:02 |
A teljes valoszinuseg tetelet akkor lehet hasznalni, ha teljes esemenyrendszerrol van szo. Az, hogy milyen golyok vannak a zsakban, nem egy kiserlet lehetseges kimenetelei (nem esemeny), ezert nem tekinthetoek teljes esemenyrendszernek.
Ha az lenne a kerdes, hogy mekkora valoszinuseggel huzunk pirosat, ha egy gep veletlenuszeruen ilyen leosztasokat tesz a zsakba, akkor a valasz 2/3, de akkor mar nincs ertelme azt kerdezni, hogy milyen golyok voltak benn eredetileg.
|
Előzmény: [50] Atosz, 2005-12-26 01:16:56 |
|
[52] Mate | 2005-12-27 18:13:12 |
A teljes 2/3 valószínűség a 4*3=12 golyóra vonatkozik, vagyis a 12 golyó közül 2/3 valséggel húzunk pirosat. Ebből nem következik az "okoskodás" további állítása.
|
|
|
[50] Atosz | 2005-12-26 01:16:56 |
Sziasztok!
Egy zsákban két golyó van, mindkét golyó a másiktól függetlenül vagy piros vagy fehér. (A zsákban tehát PP PF FP vagy FF lehet)Anélkül, hogy megnéznénk a zsák tartalmát, mondjuk meg, hogy milyen szinűek a golyók.
Állítás: A zsákban egy piros és egy fehér golyó van!
Biz.: Tegyünk a zsákbeli golyókhoz még egy pirosat! Ekkor négy egyformán valószínű golyóelrendezés lehet a zsákban (PPP, PPF, PFP, PFF). A négy esetben a piros húzás valsége rendre 1, 2/3, 2/3, 1/3. A piroshúzás valsége így a teljes valószinűség tétele szerint p(piros)=1/4*1+1/4*2/3+1/4*2/3+1/4*1/3 ami 2/3. Igen ám, de ha három golyóból 2/3 a piros húzás valsége, akkor két piros és egy fehér alkotja a három golyót. Mivel egy pirosat én tettem közéjük, így az eredeti két golyó egy piros és egy fehér!!
Hol a hiba?
Minden jót: Atosz!
|
|
|
[48] Lóczi Lajos | 2005-11-21 14:25:05 |
Beírom, mert jópofa és tetszett:
Állítás: 1=2.
Ehhez elég azt belátni, hogy ln x=ln (2x) minden pozitív x-re. Ez viszont integrálással könnyen kijön:
.
|
|
[47] lorantfy | 2005-04-03 11:32:07 |
Kedves Fórumosok!
Bizonyára kevesen emlékeznek rá, mert 1983-körül történt, hogy volt egy játék, amit Magellánnak hívtak és a térképszinezés elvén működött.
Egy lapos téglalap alakú doboz volt, melynek mindkét oldalán számozott területek - országok - voltak kijelölve. Minden ország területén volt egy beépített forgatható korong. A korong kerületén lévő 4-féle szín segítségével az ország szinét lehetett beállítani. A korongok közül 6 db a másik oldalra is átlógott, így tekerésekor egyben a túloldali ország szine is változott.
Az alapfeladat az országok térképszerű kiszinezése volt. Erre a játékra egy TV-s műsor épült, ahol a szinezéssel kapcsolatos feladványokat adtak a nézőknek és a megoldásokat be lehetett küldeni, komoly nyeremények reményében.
Bár én is részt vettem a játék szervezésében, egyetlen darab játékom sem maradt - különben feltenném a fényképét, és úgy biztosan érthetőbb lenne az egész.
Hátha valakinek van még valahol egy elfelvő darab!
|
Előzmény: [44] Csimby, 2005-04-02 20:52:11 |
|
|
|
[44] Csimby | 2005-04-02 20:52:11 |
SZENZÁCIÓ!!!
MARTIN GARDNER A SCIENTIFIC AMERICAN FOLYÓIRATBAN KÖZZÉ TETT EGY TÉRKÉPET AMELYET CSAK 5 SZÍNNEL LEHET KISZÍNEZNI. EZZEL CÁFOLVA A 4-SZÍN SEJTÉST. AKI NEM HISZI, PRÓBÁLKOZZON:
|
|
|
[43] tudniakarok | 2005-04-02 14:28:14 |
Sajnos már szerepel Lorantfi[8] hozzászólásában,na mind1!
|
|
[42] tudniakarok | 2005-04-02 14:25:07 |
Erre tudok hasonlót: (Elég régi,de remélem még nem írták be!) legyen a=b+c
5a=5b+5c
4b+4c=4a
adjuk össze a két oldalt:
5a+4b+4c=5b+5c+4a vonjunk ki 9a-t
4b+4c-4a=5b+5c-5a
4(b+c-a)=5(b+c-a) osszunk be (b+c-a)-val
4=5
:)
|
|
|
|
[39] Doom | 2005-03-28 19:39:35 |
4-(9/2)=-1/2.. ha ebből gyököt vonsz nekem a valós számokon belül maradva, akkor adok egy százast.. ;) De azért tetszett! :)
|
Előzmény: [38] Balee, 2005-02-25 17:01:47 |
|
[38] Balee | 2005-02-25 17:01:47 |
2 x 2 néha 5...
|
|
|
[37] borka | 2005-01-09 19:12:19 |
Ha az igen (+1) és a negáció (-1), akkor akárhányszor igenlek, az mindíg igen, tagadás esetén csak a párosszámú tagadás igenlés. Ez azt jelenti, hogy apozitív számkörben végzett matematikai műveletek és a negatív számkörben végzett műveletek nem szimmetrikusak.
|
|
[36] borka | 2005-01-09 18:56:45 |
Mi a magyarázat? Első probléma:
1:(-1)=(-1):1 vajon miért igaz? Hiszen egy nagyobb számot osztunk egy kisebbel (a>b),az mindíg nagyobb kell legyen a reciprokánál (b<a ), azaz a:b>b:a kell, hogy igaz legyen. Vagy ez nem általános érvényű igazság ? És a kontinuitási elv hova lesz .
|
|
[33] V. Dávid | 2004-09-01 21:25:15 |
Ez egy eléggé ismert álbizonyítás, úgyhogy lehet, hogy már sokan ismeritek, sőt, az is, hogy már megjelent itt a fórumon, de olyan jó, hogy nem maradhat ki.
Tétel: Minden természetes szám érdekes.
Bizonyítás: Indirekt. Tegyük fel, hogy a tétel nem igaz, azaz, hogy léteznek nem érdekes természetes számok is. Mivel ezek mindegyike természetes, léteznie kell közöttük egy legkisebbnek, ez legyen n. Tehát n nem más, mint a legkisebb unalmas természetes szám. De hiszen ez egy érdekes szám!! Ellentmondásra jutottunk, mert n unalmas, tehát a tétel igaz.
|
|