|
|
[1932] csábos | 2014-08-24 21:30:34 |
Az &tex;\displaystyle n&xet; szám osztóinak összege osztva &tex;\displaystyle n&xet;-el (azaz az átlaguk) épp megegyezik az osztók reciprokösszegével. Ha ez a szám 2, akkor &tex;\displaystyle n&xet; tökéletes szám.
|
Előzmény: [1930] Kőrösi Ákos, 2014-08-23 20:42:43 |
|
|
[1930] Kőrösi Ákos | 2014-08-23 20:42:43 |
Valaki mondja meg! Vegyük egy tetszőleges természetes szám osztóit. Lehet-e ezek reciprokösszege egész szám? (Persze nem számítva azt az esetet, hogy csak magát az 1-et vesszük.
|
|
|
[1928] Fálesz Mihály | 2014-08-07 08:45:41 |
Szerintem ez inkább az ellenkező irány. A &tex;\displaystyle \sum_{n=-\infty}^\infty\frac1{z-n}&xet; összeg tagjait azért vonjuk össze kettesével, hogy konvergens legyen. (A korlátosság meg azért fontos, hogy a Liouville-tételt alkalmazhassuk az &tex;\displaystyle \frac1z+\sum_{n=1}^\infty\frac{2z}{z^2-n^2}-\pi\ctg(\pi z)&xet; függvényre.)
|
Előzmény: [1927] csábos, 2014-08-06 23:00:13 |
|
|
[1926] Fálesz Mihály | 2014-08-06 22:39:15 |
Legyen &tex;\displaystyle z=x+yi&xet;, ahol tehát &tex;\displaystyle |x|\le\frac12&xet; és &tex;\displaystyle |y|>1&xet;.
&tex;\displaystyle |z| < |x|+|y| < 2|y| &xet;
és
&tex;\displaystyle
|z^2-n^2| \ge {\rm Re}(n^2-z^2) = n^2+y^2-x^2 \ge y^2+n^2-\frac14 > \frac12(y^2+n^2),
&xet;
így
&tex;\displaystyle
\left| \sum_{n=1}^\infty \frac{2z}{z^2-n^2} \right| \le
\sum_{n=1}^\infty \frac{2|z|}{|z^2-n^2|} \le
\sum_{n=1}^\infty \frac{8|y|}{y^2+n^2} <
\int_0^\infty\frac{8|y|}{y^2+t^2} {\rm d}t =
4\pi.
&xet;
|
Előzmény: [1925] Holden, 2014-08-06 21:46:43 |
|
[1925] Holden | 2014-08-06 21:46:43 |
Sziasztok!
Lehet nagyon nyilvánvaló, amit kérdezek, de valahol valamit elnézhetek rajta.
&tex;\displaystyle \sum_{n=1}^\infty \frac{2z}{z^2-n^2}&xet; miért korlátos az Im&tex;\displaystyle (z)>1&xet; és Re&tex;\displaystyle (z)\leq 1/2&xet; halmazon?
Előre is köszönöm!
|
|