Problem B. 4579. (November 2013)
B. 4579. Represent those pairs (a;b) of real numbers in the rectangular coordinate plane for which the polynomial x(x+4)+a(y2-1)+2by of two variables can be expressed as a product of two first-degree polynomials.
(5 pont)
Deadline expired on December 10, 2013.
Sorry, the solution is available only in Hungarian. Google translation
Megoldás. Tegyük fel, hogy a polinom szorzattá alakítható:
x(x+4)+a(y2-1)+2by=(Ax+By+C)(Dx+Ey+F),
ahol A,B,C,D,E,F alkalmas valós számok. Az x2 együtthatója 1, ezért AD=1. Az első tényezőt A-val osztva, a második tényezőt D-vel osztva elérhetjük, hogy az x monom együtthatója mindkét tényezőben 1 legyen, azaz elég az olyan szorzatokat keresni, amikor A=D=1.
A szorzatot könnyen átalakíthatjuk két négyzet különbségévé a következőképpen:
bevezetve az , , , számokat,
x2+4x+ay2+2by-a=(x+Py+Q)2-(Ry+S)2.
Az egyes monomok együtthatóinak meg kell egyezniük a két oldalon. Mivel balolalon nincs xy, P=0; az x monom együtthatója pedig 4=2Q, vagyis csak Q=2 lehet:
x2+4x+ay2+2by-a=(x+2)2-(Ry+S)2
(Ry+S)2=-ay2-2by+(a+4).
Olyan a,b számokat kell keresnünk tehát, amikor a -ay2-2by+(a+4) polinom teljes négyzet.
1. eset: a=0. Ekkor az y2 együtthatója 0, vagyis R=0, és a négyzetben nem szerepelhet y, vagyis b=0. Tehát -ay2-2by+(a+4)=22, ami teljes négyzet.
2. eset: a0. A polinom másodfokú, ezért akkor és csak akkor teljes négyzet, ha fő együtthatója pozitív (azaz a<0), és a diszkriminánsa nulla:
b2+a(a+4)=0
(a+2)2+b2=4.
Ez a (-2,0) középpontú, 2 sugarú kör egyenlete. A (0,0) pont kivételével az a<0 feltétel is teljesül. Ugyanakkor a (0,0) pont is megoldása a feladatnak az 1. esetben.
Megjegyzés. A polinomot mátrix alakba írhatjuk a következőképpen: , ahol . Ismeretes, hogy a polinom akkor és csak akkor alakítható szorzattá a komplex számok körében, ha det M=0. A tényezőkben szereplő együtthatók akkor valósak, ha az is teljesül, hogy a bal felső 2×2-es részmátrix determinánsa nempozitív.
Statistics:
48 students sent a solution. 5 points: Baran Zsuzsanna, Di Giovanni Márk, Dinev Georgi, Fonyó Viktória, Katona Dániel, Kocsis Júlia, Kovács Balázs Marcell, Lajkó Kálmán, Leipold Péter, Leitereg Miklós, Maga Balázs, Nagy-György Pál, Nemes György, Simkó Irén, Vágó Ákos, Varga 123 Péter, Vető Bálint, Viharos Loránd Ottó, Williams Kada. 4 points: Balogh Tamás, Bereczki Zoltán, Bősze Zsófia, Cseh Kristóf, Egyházi Anna, Fekete Panna, Forrás Bence, Gáspár Attila, Kúsz Ágnes, Páli Petra, Schrettner Bálint, Szabó 524 Tímea, Varga Rudolf. 3 points: 3 students. 2 points: 5 students. 1 point: 3 students. 0 point: 4 students. Unfair, not evaluated: 1 solutions.
Problems in Mathematics of KöMaL, November 2013