Középiskolai Matematikai és Fizikai Lapok
Informatika rovattal
Kiadja a MATFUND Alapítvány
Már regisztráltál?
Új vendég vagy?
A régi honlapot akarom!!! :-)

A B. 3867. feladat (2005. december)

B. 3867. Legyen az n olyan pozitív egész szám, amelyre 4n+2n+1 prímszám. Bizonyítsuk be, hogy n a 3-nak egész kitevőjű hatványa.

(5 pont)

A beküldési határidő 2006. január 16-án LEJÁRT.


Megoldás: Tegyük fel, hogy n=3km, ahol m 1-nél nagyobb, 3-mal nem osztható egész szám. Ekkor

A=4^n+2^n+1={2^{3n}-1\over 2^n-1}={2^{3^{k+1}m}-1\over 2^n-1}
={CB\over 2^n-1},

ahol C=23k+1-1, a B egész számra pedig

B>23k+1(m-1)>23km>2n-1.

Meg fogjuk mutatni, hogy a C és 2n-1 számok legnagyobb közös osztója,

D=(C,2n-1)=(23k+1-1,2n-1)=23k-1.

Ekkor az E=(2n-1)/D jelöléssel A=(C/D)(B/E), ahol mindkét tényező 1-nél nagyobb egész szám, amiértis A nem lehet prímszám.

Most már csak a D-re vonatkozó állításunkat kell igazolni. Vegyük észre, hogy ha a,b pozitív egészek, akkor 2a-1 pontosan akkor osztója (2b-1)-nek, ha a osztója b-nek. Valóban, ha b=qa+r, ahol 0\ler<a, akkor

2b-1=2r((2a)q-1)+(2r-1)

pontosan akkor osztható (2a-1)-gyel, ha r=0. Ebből az észrevételből könnyen levezethető, hogy

(2K-1,2L-1)=2(K,L)-1

teljesül minden K,L pozitív egészre; D-re vonatkozó állításunk pedig ennek speciális esete.


Statisztika:

51 dolgozat érkezett.
5 pontot kapott:Balogh 147 Ádám, Bogár 560 Péter, Csató László, Dányi Zsolt, Gaizer Tünde, Honner Balázs, Károlyi Márton, Kornis Kristóf, Kovács 111 Péter, Kutas Péter, Lovász László Miklós, Mészáros Gábor, Milotai Zoltán, Németh 007 Zsolt, Pesti Veronika, Szabó 108 Tamás, Szakács Nóra, Szalóki Dávid, Szilágyi 987 Csaba, Szűcs Gergely, Tomon István, Varga 171 László, Véges Márton, Wolosz János.
4 pontot kapott:Blázsik Zoltán, Cseh Ágnes, Sümegi Károly, Szirmai Péter, Tossenberger Anna, Zieger Milán.
3 pontot kapott:2 versenyző.
1 pontot kapott:6 versenyző.
0 pontot kapott:11 versenyző.
Nem versenyszerű:2 dolgozat.

A KöMaL 2005. decemberi matematika feladatai