 |
A B. 3920. feladat (2006. május) |
B. 3920. Oldjuk meg a 3x+4y=5z egyenletet a pozitív egész számok halmazán.
(5 pont)
A beküldési határidő 2006. június 15-én LEJÁRT.
Megoldás: 5z 4-gyel osztva 1 maradákot ad, ezért 3x is, vagyis x páros. Mivel pedig 4y 3-mal osztva 1 maradákot ad, 5z is azt kell hogy adjon, vagyis z is páros. Tehát a=3x/2, b=2y és c=5z/2 olyan egész számok, amelyekre a2+b2=c2, vagyis 4y=b2=(c+a)(c-a). Itt c+a és c-a is páros számok, tehát az s=(c+a)/2, t=(c-a)/2 pozitív egész számokra st=4y-1 négyzetszám. Mivel s+t=c és s-t=a relatív prímek, alkalmas u,v egymáshoz relatív prím pozitív egészekkel s=u2, t=v2. Mivel st 2-hatvány, u és v is az kell legyen, de u>v miatt ez csak v=1 esetén teljesülhet (u,v)=1 miatt. Vagyis
3x/2=a=s-t=u2-1=(u+1)(u-1),
ahol a jobboldalon mindkét tényező 3-hatvány. Viszont nem lehet mind a kettő 3-mal osztható, hiszen különbségük 2. Ezért u-1=1, u=2, a=3, x=2, c=s+t=u2+1=5, z=2, y=2. Az egyenlet egyetlen megoldása tehát a már a görögök által is jól ismert x=y=z=2.
Statisztika:
42 dolgozat érkezett. 5 pontot kapott: Csató László, Dányi Zsolt, Dombi Soma, Honner Balázs, Károlyi Márton, Kovács 129 Péter, Kunovszki Péter, Mészáros Gábor, Nagy 235 János, Peregi Tamás, Salát Zsófia, Sümegi Károly, Szakács Nóra, Szalóki Dávid, Tomon István, Tossenberger Anna, Udvari Balázs, Varga 171 László. 4 pontot kapott: Győrffy Lajos, Kardos Kinga Gabriela, Kovács 111 Péter, Kovács 333 Veronika, Kutas Péter, Mercz Béla, Páldy Sándor, Sárkány Lőrinc, Szilágyi 987 Csaba, Szudi László. 3 pontot kapott: 3 versenyző. 2 pontot kapott: 3 versenyző. 0 pontot kapott: 6 versenyző. Nem versenyszerű: 2 dolgozat.
A KöMaL 2006. májusi matematika feladatai