Középiskolai Matematikai és Fizikai Lapok
Informatika rovattal
Kiadja a MATFUND Alapítvány
Már regisztráltál?
Új vendég vagy?

A B. 4401. feladat (2011. november)

B. 4401. Legyen p=3n+1 prímszám. Adhatnak-e az 1^3,2^3,\ldots,n^3 számok páronként különböző maradékot p-vel osztva?

(5 pont)

A beküldési határidő 2011. december 12-én LEJÁRT.


Megoldás. A megoldás során felhasználjuk az

\(\displaystyle 1^3+2^3+\ldots+k^3=(1+2+\ldots+k)^2\)

azonosságot, valamint azt a tényt, hogy modulo \(\displaystyle p\) egy \(\displaystyle k\)-adfokú polinomnak legfeljebb \(\displaystyle k\) különböző gyöke lehet.

Tegyük fel, hogy az \(\displaystyle 1^3,2^3,\ldots,n^3\) számok mind különböző maradékot adnak \(\displaystyle p\)-vel osztva. Legyenek ezek \(\displaystyle m_1,m_2,\ldots,m_n\). Ha egy \(\displaystyle p\)-vel nem osztható \(\displaystyle a\) szám köbe \(\displaystyle m\) maradékot ad \(\displaystyle p\)-vel osztva, akkor a kis Fermat-tétel szerint \(\displaystyle m^n\equiv a^{p-1}\equiv 1\pmod{p}\), tehát modulo \(\displaystyle p\) az \(\displaystyle m\) szám gyöke az \(\displaystyle x^n-1\) polinomnak. Ezek szerint ennek a polinomnak pontosan \(\displaystyle n\) darab különböző gyöke van modulo \(\displaystyle p\), nevezetesen \(\displaystyle m_1,m_2,\ldots,m_n\), és az \(\displaystyle 1^3,2^3,\ldots,(3n)^3\) számok mindegyike ezek valamelyikével egyenlő. Az \(\displaystyle 1,2,\ldots,3n\) számok mindegyike kielégíti tehát modulo \(\displaystyle p\) az \(\displaystyle x^3=m_i\) egyenletek valamelyikét. Mivel egy ilyen egyenletnek legfeljebb 3 megoldása lehet modulo \(\displaystyle p\), ez csak úgy lehet, hogy mindegyiknek pontosan 3 különböző megoldása van.

Mármost \(\displaystyle 1^3+2^3+\ldots+(3n)^3=(1+2+\ldots+3n)^2=(3np/2)^2\) osztható \(\displaystyle p\)-vel. Másrészt a fentiek szerint

\(\displaystyle 1^3+2^3+\ldots+(3n)^3=3(m_1+m_2+\ldots+m_n)\equiv 3(1^3+2^3+\ldots+n^3)=\)

\(\displaystyle =3(1+2+\ldots+n)^2= \frac{3n^2(n+1)^2}{4}\pmod{p},\)

és itt a jobb oldalon álló szám nyilván nem osztható \(\displaystyle p\)-vel. Ellentmondásra jutottunk, ami azt jelenti, hogy az \(\displaystyle 1^3,2^3,\ldots,n^3\) számok között kell legyen kettő, ami ugyanolyan maradékot ad \(\displaystyle p\)-vel osztva.


Statisztika:

13 dolgozat érkezett.
5 pontot kapott:Ágoston Tamás, Gyarmati Máté, Kiss 902 Melinda Flóra, Mester Márton, Nagy Róbert, Strenner Péter, Szabó 928 Attila, Viharos Andor.
2 pontot kapott:3 versenyző.
1 pontot kapott:1 versenyző.
0 pontot kapott:1 versenyző.

A KöMaL 2011. novemberi matematika feladatai