Fórum: Matek OKTV

[1] [2] [3] [4] [5] [6] [7] [8] [9] [10] [11] [12] [13] [14] [15] [16] [17] [18] [19] [20] [21] [22] [23] [24] [25] [26] [27] [28] [29] [30] [31] [32]

Szeretnél hozzászólni? Jelentkezz be.

[235] lazsi	2006-03-03 19:11:11
Te is elsőkategóriás vagy? És te mennyit csináltál meg? Én megcsináltam mind a három feladatot. A megoldó kulcsot utána megnéztem amit osztogattak, és egyedül a 3. feladat b kérdését rontottam, el hogy azok a pontok milyen görbén vannak. Igazából attól félek, hogy sok pontot levonnak leírásbeli hiányosságokért, de remélem nem így lessz, mert feladatonként írtam 4oldalt és próbáltam nagyon részletes és precíz lenni. Tavaly aranydanin 3feladatból 2és felet megcsináltam jól és kaptam 12 pontot a 30ból :DDDDDDD
Előzmény: [233] Doom, 2006-03-03 13:04:54

[234] Andrish

2006-03-03 14:54:17

HellO

Min 1 hónap de szerintem a reális az kb április közepe! Hogy érted, hogy az arcokból ítélve másoknak is?:D Akiket megkérdeztem pl azok közül senki nem csinált meg 3 at(ami meglepett..) bár ez nem jelent semmit! Top15 re csak saccolni tudok, hogy olyan 2 jó feladatkörül benn kell, hogy legyen az ember vagy egy kicsit 2 feladat felett, mert 1. és 3. feladat nemhiszem, hogy 15 embernek gondot okozott volna.. majd kiderül. Te mennyit csináltál meg?

Előzmény: [230] lazsi, 2006-03-02 19:40:01

[233] Doom

2006-03-03 13:04:54

Nem szeretek más kárán örülni, de azért megkönnyebbültem, hogy nem az enyém rossz... :)

Ja és grat a másik két példához, mindketten csak nem néztük már el őket! :D

Előzmény: [232] golaci, 2006-03-02 23:25:11

[232] golaci	2006-03-02 23:25:11
bocs télleg 1171 :-)

[231] golaci	2006-03-02 23:15:29
A második meg harmadik feladatra nekem is azok jöttek ki de az elsőre 1181 és nem hiszem hogy elrontottam. Valaki erősítse meg a a kettő közül valamelyiket!

[230] lazsi	2006-03-02 19:40:01
Jah ma lezajlott a döntő. Nem tudja valaki, hogy mikor várható majd az eredményhirderés? Én amúgy első kategóriás vagyok és nagyon remélem, hogy első 15ben benne vagyok mert jól sikerült. CSak az arcokból ítélve sajnos másoknak is...

[229] Doom

2006-03-02 17:00:50

Ma, 2006.03.02-án lezajlott a Matematika OKTV döntője...

Véleményt most (még) nem fűznék a példákhoz, csak ideírom az én megoldásaimat (2. kategória) (pontosabban az eredményt):

1) 1171

2) $\frac{1}{3^{668}*2}$

3)P az OK egyenesen van, mégpedig O-tól $\sqrt3$ távolságra (persze mindkét irányban lehet). Ekkor a keresett látószög 60°

Remélem mindenki, aki megoldoldotta őket, egyetért velem és idén nem néztem el semmit! :)

u.i: ha vkinek van egy jól szuperáló szkennere (és egy kevésbe összefirkált feladatsora :P), akkor sztem tegye fel a példákat is, hogy más is tudja miről beszélünk! :D

[228] DZSO	2006-02-07 13:43:12
Tavaly 25, az előtt 24 volt a ponthatár, várható volt, hogy felismerik, hogy nem feltétlenül az a jó, hogy ki mit téveszt, illetve a javítói szőrösszívűség. Nekem tavaly is 22 pontom lett(súlyos figyelmetlenség miatt), meg idén is, kb. ugyanakkora tudással/energiával abszolváltam a két évben ezeket... Csak épp a ponthatárok közt volt 7 pont különbség;)
Előzmény: [226] Doom, 2006-01-07 15:29:38

[227] Doom

2006-02-07 13:37:23

OKTV, 2. kategóra, ponthatár: 18 pont. Szerintem:)

Amúgy ez jóval kisebb a tavalyi 25ös határnál, lehet idén "kicsit" nehezebbek voltak a példák?:)

[226] Doom	2006-01-07 15:29:38
Rejtett szépség elő is jön! :P Keress teljes négyzeteket, vagy csinálj belőlük párat, és máris "emberbarátibb" alakra lehet hozni a függvényt, olyanra amit könnyen lehet ábrázolni...
Előzmény: [225] Maga Péter, 2006-01-07 14:05:14

[225] Maga Péter	2006-01-07 14:05:14
Megjegyzem, hogy nem csináltam végig a feladatot, tehát rejtett szépség akár elő is jöhet, de... a 2. feladat nem tanagyag? Hogy pontosítsak: aki tanulta/látta/hallotta/olvasta(/látott olyat, aki hallott róla:)) a függvényvizsgálatot, az tudja, aki meg nem, az nem. Miért vannak ilyen versenypéldák?
Előzmény: [208] ScarMan, 2005-10-28 19:33:10

[224] Andrish

2006-01-06 21:15:00

Hello

A második fordulók javító kulcsa is fent lesz valahol a neten?

[223] gyepesJános

2006-01-06 16:51:44

Teljesen igazad van, tényleg elírtam, bocsánat!

Helyesen AOG hsz~DOH hsz.

Valamint azt se irtam le, hogy n[XY] és v[XY] abszolútértéke természetesen egyenlő.

[222] Doom

2006-01-05 19:01:34

Hát az enyémhez képest mindenesetre rövidebb, grat!

Csak azt nem látom, hogy AOD hsz hasonló DOH hszhöz. Ez miért van? Vagy csak elírás? Mert akkor AOD is derékszögű lenne, ami sztem nem mindig igaz...

Előzmény: [221] gyepesJános, 2006-01-05 18:52:55

[221] gyepesJános

2006-01-05 18:52:55

Szia! Nem tudom, hogy az enyém mennyire szép megoldás a 3.-ra, de azért beirom:

v[AB]-vel az AB vektort, n[AB]-vel az AB vektorra merőleges vektort jelöltem.

Legyen O az átlók metszéspontja!

v[EF]=(v[BA]+v[CD])*0,5

Mivel ABO háromszög~CDO háromszög, AOD hsz~DOH hsz és GBO hsz~CHO hsz, ezért AB/GO=CD/OH=x.

Így v[GO]=x*n[BA] és v[OH]=x*n[CD].

v[GH]=v[GO]+v[OH]=x*(n[BA]+n[CD]), ami n[EF]=(n[BA]+n[CD])*0,5 nek 2x-szerese, tehát merőleges v[EF]-re.

[220] Doom

2006-01-05 16:15:47

Na, ma, 2006. január 05-én, csütörtökön lezajlott a Matematika OKTV 2. fordulója (a nem-spec matekosoknak). Kinek hogy sikerült, mi a véleményetek a feladatokról?

Sztem az 1., 2. nem volt nehéz, a 4.-re nem mondok semmit, mert sokat szívtam vele, mire rájöttem egy "nyilvánvaló" dologra és lett pársoros bizonyításom.

Ellenben szerintem a 3. jó kis szivatós volt, elemi geometriával sehogy se akart kijönni, a koordinátás módszerbe belegabalyodtam, végül 2 kínkesereves óra után megadta magát vektorokkal. (tényleg, tud rá vki egy szép megoldást?)

Így összeségében nehezebbnek tűnt a tavalyinál, bár ha idén nem olvastam semmit félre, akkor remélhetőleg van 4 jó megoldásom! :D

[u.i: ha egészen véletlenül olvassa ezt az a javító tanár, akihez az én megoldásaim kerültek, akkor először is elnézést, hogy a 3. feladat kicsit kusza lett, de azért tessék csak rá 7 pontot adni, jó kis megoldás az, csak hát az utolsó 10 perc elég kapkodósra sikerült... :) ]

[219] gyepesJános	2005-12-09 21:24:45
Köszi!

[218] Doom	2005-12-09 19:59:51
Ha jól tudom, 20 pont.
Előzmény: [217] gyepesJános, 2005-12-09 18:50:56

[217] gyepesJános	2005-12-09 18:50:56
Azt hallottam, hogy már megvannak az első forduló eredményei. Nem tudná valaki megmondani, hogy mennyi a II. kategóriában a továbbjutási ponthatár? Előre is köszi!

[216] Laciknes	2005-11-17 18:30:59
Nem tudja valaki, hogy mikorra lesz meg az első forduló eredménye?

[215] lorantfy	2005-11-10 18:38:34
Jó a bizonyításod és az ábra is szép! Gratula!
Előzmény: [214] Laciknes, 2005-11-10 17:43:26

[214] Laciknes	2005-11-10 17:43:26
Elég furán jött ki a dolog, mert amíg gépeltem , addig írt Loranfy egy másik szép megoldást :P (szerencsére nem ugyanazt) Lorántfy, a geometriai fórumon megadott tipped segítségével én is csináltam egy ábrát... remélem sikerül feltölteni... üdv mindenkinek!

[213] Laciknes

2005-11-10 17:02:02

Hogyne! Na figyelj! Ha előtted a jó rajz, akkor könnyen átlátod.

Legyen AC és QS metszéspontja T. Előszöris belátjuk, hogy a Q;A1;S;C1 pontok egy húrnégyszöget alkotnak. C1BMszög:=ß

Mivel BMC1háromszög derékszögű, ezért FC1Mszög=90-ß. Az AB oldal Thálesz körén rajta van A1 és B1, ezért AB1 húrra nézve ABB1szög=AA1B1szög kerületi szögek. ABB1szög=AA1B1szög=ß AA1B=90 => QA1Sszög=AA1Bszög+AA1B1szög=90+ß Ha egy négyszög szemközti szögeinek összege 180, akkor az húrnégyszög. QC1Sszög+QA1Sszög=90-ß+90+ß=180 => C1QA1S húrnégyszög.

A1ACszög:=alfa => ACA1szög=90-alfa Az előbbi módon belátva AC1A1C is húrnégyszög (akárcsak BA1B1A), tehát CC1A1szög=alfa. A C1QA1S köréírt körének SA1 húrjára nézve SC1A1szög=SQA1szög=alfa

Ebből adódik, hogy a keresett QTCszög: QTCszög=180-TQCszög-QCTszög=180-alfa-(90-alfa)=90 q.e.d. :) Én a versenyen csak a C1QA1S körig jutottam... :P

[212] lorantfy	2005-11-10 16:49:57
A 4. feladathoz: Az Ankéton elmondtam ezt a megoldást, így megvannak az ábrák, fölteszem ide is. BB₁ merőleges AC-re, mert magasságvonal, tehát azt is bizonyíthatjuk, hogy SQ párhuzamos B₁B-el. Ehhez a párhuzamos szelők tételének megfordítását használjuk: ha a B₁A₁B szögszárból levágott szakaszoszok aránya megegyezik, akkor a két egyenes párhuzamos. Tehát azt kell belátnunk, hogy $\frac{B_1S}{BQ}=\frac{SA_1}{QA_1}$ . (1. ábrán vastagon kiemelve!) A₁B₁C₁ a talpponti háromszög, melynek egyik tulajdonsága, hogy az eredeti háromszögből egymáshoz (és az eredeti háromszöghöz) hasonló háromszögeket vág le. Tehát CB₁A₁ $\Delta$ $\sim$ C₁BA₁ $\Delta$ (A 2. ábrán szinezett háromszögek) Már csak azt kell belátnunk, hogy az ábrán kétívessel jelzett szögek egyenlőek. BMC₁ derékszögű $\Delta$ -ben F pont az átfogó felezőpontja, tehát BF=FC₁. Így BC₁F $\Delta$ egyenlő szárú. B₁CC₁ $\angle$ =B₁BC₁, merőleges szárú szögpár. A kérdéses szakaszok két hasonló háromszögben éppen az egymásnak megfelelő szakaszok, így arányuk megegyezik.

Előzmény: [211] tevepok, 2005-11-10 02:35:52

[211] tevepok	2005-11-10 02:35:52
A 4. feladatra tudtok valami emberi megoldást? Nekem csak durva eszközökkel jött ki. Szépnek nem nevezhetném.
Előzmény: [208] ScarMan, 2005-10-28 19:33:10

[1] [2] [3] [4] [5] [6] [7] [8] [9] [10] [11] [12] [13] [14] [15] [16] [17] [18] [19] [20] [21] [22] [23] [24] [25] [26] [27] [28] [29] [30] [31] [32]

Már regisztráltál?
Új vendég vagy?